江蘇省鎮(zhèn)江市2025-2026學(xué)年下學(xué)期高三高考物理考前模擬練習(xí)卷（含解析）

江蘇省鎮(zhèn)江市2025-2026學(xué)年下學(xué)期高三高考物理

考前模擬練習(xí)卷

一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每小題4分，共計(jì)44分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。

1.如圖一所示，2025蛇年春晚，國(guó)產(chǎn)宇樹(shù)科技機(jī)器人集體扭秧歌引人注目，動(dòng)作絲滑堪比人類。圖

二記錄其中一臺(tái)機(jī)器人在一段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖像，如圖所示，在0?6s內(nèi)，下列說(shuō)法正確的

A.機(jī)器人可能做曲線運(yùn)動(dòng)

B.機(jī)器人第1s內(nèi)和第2s內(nèi)的速度方向相反

C.機(jī)器人第1s內(nèi)和第2s內(nèi)的加速度方向相反

D.機(jī)器人第3s內(nèi)的速度方向和加速度方向相反

2.從量子力學(xué)理論系統(tǒng)建立到2025年，恰好100周年，以下關(guān)于量子力學(xué)相關(guān)的物理學(xué)史和理論闡

述正確的是（）

A.普朗克黑體輻射理論認(rèn)為：電磁波的能量是分立的

B.玻爾的氫原子模型認(rèn)為：電子繞核運(yùn)動(dòng)的軌道可以是任意半徑

C.德布羅意的“物質(zhì)波''假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，其波長(zhǎng)為2=￡

D.愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)理論認(rèn)為：光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比

3.2025年4月24H,載人飛船神州二十號(hào)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射，在進(jìn)入預(yù)定軌道后成功與

空間站完成自主快速交會(huì)對(duì)接，然后繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)＜已知空間站軌道高度低于地球同步衛(wèi)星

軌道，則下面說(shuō)法正確的是（）

A.火箭在加速升空的過(guò)程中處于失重狀態(tài)

B.航天員在空間站所受地球的引力小于其在地面上受到的地球引力

C.空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度小于地球自轉(zhuǎn)角速度

D.空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度小于地球同步衛(wèi)星的加速度

4.在核燃料處理廠中，用中子照射核廢料可以產(chǎn)生缽60（第C。），鉆60不穩(wěn)定發(fā)生衰變，衰變方

程為的。。-＞翳力+_耨。關(guān)于此衰變方程說(shuō)法正確的是（）

A.衰變過(guò)程中質(zhì)量守恒

B.衰變過(guò)程中電荷數(shù)守恒

C.衰變過(guò)程中釋放的電子來(lái)自原子核外的電子

D.該核反應(yīng)屬于a衰變

5.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷狀態(tài)B、C、D回到狀態(tài)A的p-T圖象如圖所示，其中

BA的延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)原點(diǎn)0,BC、AD與橫軸平行，CD與縱軸平行，下列說(shuō)法正確的是（）

八P

—C

D

OT

A.A到B的過(guò)程中,氣體的體積變大

B.B到C的過(guò)程中,氣體分子單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的次數(shù)減少

C.C到D的過(guò)程中,氣體從外界吸收的熱量大于氣體對(duì)外界做的功

D.D到A的過(guò)程中,氣體內(nèi)能減小、體積增大

6.下列四幅圖為光的相關(guān)現(xiàn)象：關(guān)于它們說(shuō)法正確的是（）

甲

薄片

丙

A.圖甲為a、b兩束單色光分別通過(guò)同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)器材形成的圖樣，在同種均勻介質(zhì)中，a

光的傳播速度比b光的大

B.圖乙為光導(dǎo)纖維示意圖，內(nèi)芯的折射率比外套的折射率小

C.圖丙為薄膜干涉示意圖，兩玻璃板的中間一端用薄片墊起，構(gòu)成空氣劈尖，干涉條紋的產(chǎn)生是

由于光在上面玻璃板的前后兩表面反射形成的兩列光波疊加的結(jié)果

D.圖丁中，用自然光照射透振方向（箭頭所示）互相垂直的前后兩個(gè)豎直放置的偏振片，光屏依

然發(fā)亮

7.如圖，四個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于圓周的兩個(gè)互相垂直直徑的端點(diǎn)上，電荷的帶電量如圖所示。a、b

和c、d分別位于這兩條垂直的直徑上，且a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)到圓心的距離相等，以下說(shuō)法中正確的

是（）

+。

A.a點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)高B.b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向由0指向b

C.c點(diǎn)和d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同D.b點(diǎn)和d點(diǎn)電勢(shì)相等

8.如圖所示的裝置是用來(lái)測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的等臂電流天平，其右臂掛著匝數(shù)為n的矩形

線圈，線圈的水平邊長(zhǎng)為1,磁場(chǎng)的方向與線圈平面垂直。當(dāng)線圈沒(méi)有通電時(shí)，天平處于平衡狀態(tài)，

當(dāng)線圈通入圖示電流I時(shí)，則須在?個(gè)托盤(pán)中加質(zhì)量為m的小祛碼才能使天平重新平衡。己知重力加

速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）

A.應(yīng)在右盤(pán)中加入小祛碼

B.由以上測(cè)量數(shù)據(jù)可求出勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=爺

C.若發(fā)現(xiàn)右盤(pán)向上翹起，則應(yīng)增大線圈中的電流

D.若只改變電流的方向，線圈仍保持平衡狀態(tài)

9.如圖所示，蜘蛛網(wǎng)的主干纖維L分布著許多纖維凸起，可作為水蒸氣凝結(jié)為水珠的凝結(jié)核，在朝

陽(yáng)下宛如珍珠項(xiàng)鏈。下列說(shuō)法正確的有（）

A.清晨的露珠格外明亮，這是陽(yáng)光照射進(jìn)小水珠后的折射現(xiàn)象

B.由于露珠受到重力作用，所以露珠呈現(xiàn)的是上小下大的近似球狀的水滴，與表面張力無(wú)關(guān)

C.水珠懸掛在蜘蛛網(wǎng)上，說(shuō)明水可以浸潤(rùn)蜘蛛絲

D.不同的水珠之間靠靜電力相互吸引

10.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的細(xì)線一端固定，另一端系一小球，小球從與懸點(diǎn)等高處由靜止釋放后做圓

周運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力。小球從釋放向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，設(shè)細(xì)線與水平方向夾角為仇則線中拉

力的大小F、小球沿圓弧切線方向加速度的大小a隨sin。變化的圖像可能正確的是（）

11.如圖甲所示為一順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶，工人將一質(zhì)量為m=l的的貨物輕放在傳送帶的

左端A點(diǎn)，貨物從靜止開(kāi)始勻加速運(yùn)動(dòng)，從傳送帶的右端B點(diǎn)以速度方水平飛出，最后落在水平地面

上的。點(diǎn)，平拋過(guò)程速度與水平方向夾角為氏汝九。與下落時(shí)間用勺關(guān)系如圖乙所示。不計(jì)空氣阻力，

重力加速度g=10m/s2,貨物可以看成質(zhì)點(diǎn)。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.傳送帶的速度大于等于lm/s

B.B、。的高度差為Im

C.貨物運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的速度大小為4m/s

D.傳送帶對(duì)貨物做功為1/

二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方

程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出

數(shù)值和單位。

12.某同學(xué)嘗試?yán)枚嘤秒姳肀M可能精確測(cè)量一電流表（量程為0.5A）的內(nèi)阻。

（1）首先，該同學(xué)將多用電表選擇升關(guān)旋到“xio”的電阻擋，歐姆調(diào)零后，讓多用電表（選

填“紅”或“黑”）表筆接待測(cè)電流表的“+”接線柱，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏角特別大，他重新正確選擋并歐

姆調(diào)零后再次測(cè)量，指針位置如圖甲，讀出電流表內(nèi)阻為C。

（2）然后，該同學(xué)設(shè)計(jì)如圖乙所示電路，并通過(guò)測(cè)量多組數(shù)據(jù)提高測(cè)量精度，則應(yīng)該選用多用電

表的直流電壓擋位V（選填“2.5”“10”或“50”）作為電壓表。

13.一同學(xué)在某高處，向右水平拋出一個(gè)石子，石子在空中運(yùn)動(dòng)的部分軌跡如圖所示，已知石子恰好

垂直打在一傾角為37。的斜坡上的A點(diǎn)，拋出點(diǎn)與A點(diǎn)豎直高度差為20m,忽略石子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到

的阻力。（g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8）求：

（1）石子在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：

（2）石子落在A點(diǎn)時(shí)的速度大小。

14.如圖所示為某透明介質(zhì)材料制成的直角三角形柱體的截面，其中NB=90。，NBAC=60。，一細(xì)光

束由AB的中點(diǎn)O斜射入介質(zhì)，與AB邊成30。角，該細(xì)光束在O點(diǎn)的折射光線與AC邊平行。已知

AB的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),真空中的光速為c.求：

A

e

L\c

BC

（1）透明介質(zhì)對(duì)該細(xì)光束的折射率；

（2）細(xì)光束在柱體內(nèi)的傳播時(shí)間（不考慮細(xì)光束在AC邊上的反射）。

15.如圖所示，兩個(gè)半徑均為R的圓形光滑細(xì)管道組成的軌道CDE豎直放置在水平面,匕C、E兩管

口切線水平，Oi和02為兩細(xì)管道圓心，0Q2連線與豎直線I可的夾角a=120。，一勁度系數(shù)上=智

的輕質(zhì)彈簧右端固定，原長(zhǎng)時(shí)左端處于P點(diǎn)，已知彈簧原長(zhǎng)足夠長(zhǎng)，一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊

從A點(diǎn)以初速度%=2，荻斜向上拋出，剛好從C點(diǎn)沿水平方向進(jìn)入管道，已知滑塊與地面間的動(dòng)

摩擦因數(shù)為〃=0.25,彈簧的彈性勢(shì)能Ep與彈簧形變量的關(guān)系是與=4匕h2,細(xì)管內(nèi)徑和空氣阻

力不計(jì).求：

（1）滑塊到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；

（2）AE間的距離;

（3）要使滑塊能再次返細(xì)管道EDC但又不能從C點(diǎn)離開(kāi)軌道，問(wèn)EP間的水平距離x應(yīng)滿足的條

件？（計(jì)算結(jié)果可用根號(hào)表示）

16.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，4在-y軸匕C在+%軸匕040C是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形；M

在+y軸上，MN平行%軸，/kMCN是等腰宜角三角形，0M=L；△4OC區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)，△MCN區(qū)域內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫(huà)出）。一質(zhì)量為加、電荷量為+q的粒子，

以大小為孫、方向沿%軸正方向的初速度從A點(diǎn)射入磁場(chǎng)，從C點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)，從N點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)。

不計(jì)空氣阻力及粒子重力。

（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小以

（2）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小j

（3）若△MCN區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)方向沿工軸負(fù)方向，相同的帶電粒子從4點(diǎn)以大小不同的初速度A%

（0</c<l,可以取不同值）沿%軸正方向射入磁場(chǎng)，求帶電粒子經(jīng)過(guò)y軸的位置距坐標(biāo)原點(diǎn)。的最小

距離。

答案解析部分

1.【答案】C

A.v-l圖表示直線運(yùn)動(dòng)（速度只有正負(fù)表示方向）機(jī)器人做直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.第1s內(nèi)速度為正，第2s內(nèi)速度也為正（到2s末才為0）,所以速度方向相同，故B錯(cuò)誤；

C.機(jī)器人第1s內(nèi)加速度向正方向，第2s內(nèi)加速度向負(fù)方向，機(jī)器人第Is內(nèi)和第2s內(nèi)的加速度方向

相反，故C正確；

D.第3s內(nèi)速度為負(fù)，加速度也為負(fù)（因?yàn)樗俣葟?向負(fù)加速），所以方向相同，故D錯(cuò)誤。

故選C。

1、v-t圖像的基本認(rèn)識(shí)

縱坐標(biāo)表示速度（含方向，正負(fù)表示沿某一直線坐標(biāo)軸的正反方向）。斜率表示加速度。

圖線在t軸上方一速度為正；在t軸下方一速度為負(fù)。

2、速度方向與加速度方向的判斷

加速度方向由v-t圖斜率符號(hào)決定：斜率為正一加速度為正方向；

斜率為負(fù)—加速度為負(fù)方向。速度方向與加速度方向相同—加速運(yùn)動(dòng)；相反一減速運(yùn)動(dòng)。

3、直線運(yùn)動(dòng)與曲線運(yùn)動(dòng)的推斷

在一般題目中，若只給一個(gè)v-t圖（速度有正負(fù)），通常按一維直線運(yùn)動(dòng)處理。

但嚴(yán)格來(lái)說(shuō)，v-t圖不能排除曲線運(yùn)動(dòng)（速度可以是切向速度在某一方向的分量）。

4、各段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)情況分析

分段看速度正負(fù)、加速度正負(fù)，判斷是加速還是減速。

2.【答案】A

A.普朗克的黑體輻射理論提出能量量子化假設(shè)，即甩磁波的能量在發(fā)射或吸收時(shí)只能以能量子（E=

hv）的整數(shù)倍進(jìn)行，因此電磁波的能量是分立的，故A正確。

B.玻爾的氫原子模型引入了軌道量子化，電子只能處于特定半徑的軌道（如％二層后），而非任意半

徑，故B錯(cuò)誤。

C.德布羅意的“物質(zhì)波”假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性；德布羅意的物質(zhì)波公式為2=/故C錯(cuò)

誤。

D.愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程為航=hv-卬，最大初動(dòng)能與入射光頻率呈線性關(guān)系（需丫之七）,但并

非正比例關(guān)系，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Ao

本題考查量子力學(xué)相關(guān)的物埋學(xué)史與核心埋論，核心是依據(jù)普朗克、坡?tīng)枴⒌虏剂_意、愛(ài)因斯坦的經(jīng)

典理論，逐一判斷選項(xiàng)的正誤。

3.【答案】B

A.火箭加速升空過(guò)程，加速度方向豎直向上，則處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)萬(wàn)有引力公式尸=G等，空間站離地心距離r大于地球半徑，故航天員在空間站所受地球引

力小于地面上的，故B正確；

C.由3=J粵，空間站軌道半徑r小于同步衛(wèi)星，故角速度大于地球自轉(zhuǎn)角速度（同步衛(wèi)星角速度

等于地球自轉(zhuǎn)角速度），故C錯(cuò)誤；

D.由。=警，空間站軌道半徑r?小于同步衛(wèi)星，故加速度大于同步衛(wèi)星的加速度，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

核心是結(jié)合超重失重的加速度方向、萬(wàn)有引力公式及圓周運(yùn)動(dòng)的角速度、加速度公式，分析不同軌道

的物理量差異。

4.【答案】B

AB.核反應(yīng)過(guò)程滿足電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，衰變釋放能量存在質(zhì)量虧損，總質(zhì)量不守恒，A錯(cuò)

誤，B正確；

C.該衰變?yōu)椤晁プ儯尫诺碾娮邮窃雍藘?nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的，并非來(lái)自核外電子，C錯(cuò)誤；

D.a衰變的產(chǎn)物是氮核，該衰變放出電子，屬于0衰變，D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

本題考查原子核衰變的規(guī)律，核心是緊扣P衰變的本質(zhì)、核反應(yīng)的守恒定律（電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)），區(qū)分

質(zhì)量守恒與質(zhì)量數(shù)守恒的不同，逐一判斷選項(xiàng)正誤。

5.【答案】B

A、因BA的延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)，可知BA是等容線，所以A到B的過(guò)程中氣體的體積不變，故A錯(cuò)誤；

B、B到C的過(guò)程為等壓過(guò)程，壓強(qiáng)不變，由

V

Pyp=C

可知，氣體的體積增大，分子密度減小，氣體分子單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的次數(shù)減少，故B正

確；

C、C到D的過(guò)程中，氣體的溫度不變，內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，體積增大，氣體對(duì)外界做功，由熱力

學(xué)第一定律

△U=IV+Q

知?dú)怏w從外界吸收的熱量等于氣體對(duì)外界做的功，故C錯(cuò)誤:

D、D到A過(guò)程，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，根據(jù)

V

P1=C

可知，氣體體積減小，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

根據(jù)圖像及理想氣體狀態(tài)方程確定各過(guò)程氣體的變化類型及氣體參數(shù)的變化情況。氣體的溫度不變，

內(nèi)能不變，體積增大，分子密度減小，氣體對(duì)外界做功，再結(jié)合熱力學(xué)第一定律確定氣體吸放熱情況。

熟練掌握氣體壓強(qiáng)的微觀意義的解釋。

6.【答案】A

A.如甲圖所示，根據(jù)干涉條紋之間的間距有：

%>Axb

根據(jù)條紋間距與波長(zhǎng)的表達(dá)式及=芻/1可得

a

4I>兒

根據(jù)波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系c=/l/，可知

fa<fb

由于光的頻率越大折射率越大，可知折射率滿足

na<nh

根據(jù)光速和折射率的大小關(guān)系式可得，在同種均勻介質(zhì)中的傳播速度滿足

故A正確；

B.依據(jù)光的全反射條件需要光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，由于光密介質(zhì)的折射率大于光琉介質(zhì)的折

射率，可知內(nèi)芯的折射率比外套的折射率大，B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)薄膜干涉的產(chǎn)生原理可知，薄膜干涉是由空氣薄膜上下表面的反射光疊加所產(chǎn)生的，即是由

上方玻璃板的下表面和下方玻璃板的上表面反射的兩列光疊加而成的，故C錯(cuò)誤；

D.自然光通過(guò)偏振片后形成偏振光，偏振片影響光的透光性，因兩個(gè)偏振片的透振方向相互垂直，

所以沒(méi)有光射到光屏上，光屏發(fā)黑，D錯(cuò)誤；

故選Ao

利用干涉條紋間距的大小可以比較光的波長(zhǎng)，結(jié)合波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系可以比較光的頻率，利用光的頻

率可以比較光的折射率，同時(shí)比較光在介質(zhì)中的傳播速度；利用全反射的條件可以比較內(nèi)外芯折射率

的大小；薄膜干涉是由上方玻璃板的下表面和下方玻璃板的上表面反射的兩列光疊加而成的；自然光

通過(guò)偏振片后形成偏振光，偏振片影響光的透光性，因兩個(gè)偏振片的透振方向相互垂直，所以沒(méi)有光

射到光屏上。

7.【答案】A

AD.cO間場(chǎng)強(qiáng)方向向左，aO間電場(chǎng)線方向向下，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故a點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)高，同理

可知b點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)高，故A正確，D錯(cuò)誤。

BC.電勢(shì)是標(biāo)量，電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，根據(jù)等量同種電荷電場(chǎng)的分布特點(diǎn)、電場(chǎng)疊加原理和對(duì)稱性可

知，c、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等大反向，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向由b指向0,故BC錯(cuò)誤；

故答案為：Ao

本題考查電場(chǎng)的疊加原理，核心是利用電場(chǎng)會(huì)加分析各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向、大小以及電勢(shì)高低。

8.【答案】C

A.由左手定則，線圈中電流向下、磁場(chǎng)垂直紙面向里，安培力方向向下（作用在右盤(pán)的線圈上），右

盤(pán)會(huì)增重，因此應(yīng)在左盤(pán)中加入祛碼以平衡，并非右盤(pán)，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)平衡條件得mg=幾8〃，解得B二等，B錯(cuò)誤；

C.若發(fā)現(xiàn)右盤(pán)向上翹起，表明向下的安培力偏小，則應(yīng)增大線圈中的電流，C正確；

D.若只改變電流的方向，安培力向上，線圈不能保持平衡狀態(tài)，D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

先通過(guò)左手定則判斷安培力方向，再結(jié)合平衡條件分析祛碼添加位置、磁感應(yīng)強(qiáng)度計(jì)算及電流變化的

影響。

9.【答案】C

A.清晨的露珠格外明亮是由于露珠內(nèi)部發(fā)生了全反射，經(jīng)過(guò)多次全反射進(jìn)入人眼，所以看起來(lái)格外

明亮，故A錯(cuò)誤；

B.由于表面張力的作用露珠呈球形，由于露珠受重力，所以呈橢球形，故B錯(cuò)誤；

C.水珠懸掛在蜘蛛網(wǎng)上，說(shuō)明水可以浸潤(rùn)蜘蛛絲，故C正確：

D.不同的水珠之間靠引力相互吸引，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

表面張力的作用露珠呈球形，由于露珠受重力，所以呈橢球形，光由光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)發(fā)生全反

射。

10.【答案】A

CD.沿切線方向，根據(jù)牛頓第二定律得mgcos。=ma,解得a=gVl-siM。,當(dāng)細(xì)線水平時(shí)。=0,

sin0=0,加速度a最大，最大值為。最大=9,當(dāng)細(xì)線豎直時(shí)6=90。，s\nO=1,加速度a最小，

最小值為Q=0,故CD錯(cuò)誤;

AB.沿半徑方向，根據(jù)牛頓第二定律得F-mgsin8=m*根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgLsin。=然/

解得尸=3mgsin。，故A正確，B錯(cuò)誤。

故選Ao

1.圓周運(yùn)動(dòng)的分解與受力分析

將重力分解為切向分量和徑向分量。

切向力決定切向加速度（隨增大而減小）。

徑向合力提供向心力：

2.機(jī)械能守恒求速度

以最低點(diǎn)為零勢(shì)能面，從釋放點(diǎn)（水平，高度）到夾角位置，高度為。

下降高度To

3.推導(dǎo)拉力F的表達(dá)式

代入到向心力方程:，拉力F與成線性關(guān)系（斜率負(fù)，截距）。

4.圖像分析

F-圖像應(yīng)是直線遞減（從到）,對(duì)應(yīng)A圖。

-圖像應(yīng)是曲線遞減（），不是直線，也不是遞增，

5,易錯(cuò)點(diǎn)

混淆的定義（本題是細(xì)線與水平方向夾角，不是與豎直方向夾角，影響三角函數(shù)表達(dá)式）。

誤以為切向加速度隨線性變化（實(shí)際是非線性）。

在求拉力時(shí)忘記加重力徑向分量或向心力計(jì)算錯(cuò)誤。

11.【答案】A

A.由tan。=g,得斜率k=^=10,故為=lm/s,傳送帶速度大于等于lm/s,故A正確；B.根

據(jù)圖乙知，平拋時(shí)間為0.4s,故下落高度為0.8m,故B錯(cuò)誤；

C.平拋的末速度％=J詔+（gt）2=VT7m/s，故C錯(cuò)誤；

D.傳送帶對(duì)貨物做功可由動(dòng)能定理得皿=/機(jī)1殆=05,故D錯(cuò)誤。

故答案為：A<>

結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的速度偏角公式，推導(dǎo)傳送帶速度；再通過(guò)平他運(yùn)動(dòng)的時(shí)間計(jì)算下落高度、末速度，結(jié)

合動(dòng)能定理分析傳送帶做功。

12.【答案】（1）黑；15

(2)10

（1）首先，該同學(xué)將多用電表選擇開(kāi)關(guān)旋到“X10”的電阻擋，由于電流從紅表筆流入多用電表，從黑

表筆流出多用電表，則黑表筆連接內(nèi)部電源的正極，所以歐姆調(diào)零后，讓多用電表黑表筆接待測(cè)電流

表的“+，，接線柱；發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏角特別大，可知，待測(cè)電阻較小，則應(yīng)選擇“XI，，的電阻擋，并

歐姆調(diào)零后再次測(cè)量，指針位置如圖甲，可知電流表內(nèi)阻為心=15xin=15Q

故答案為：黑：15

（2）由于電流表量程為0.5A,內(nèi)阻約為%=15。，根據(jù)歐姆定律可得U=/g心=0.5x15V=7.5匕

則應(yīng)該選用多用電表的直流電壓擋位10V作為也壓表。

故答案為：10

（1）多用電表測(cè)電阻：根據(jù)多用電表表筆的電流流向（黑表筆接內(nèi)部電源正極），確定接電流表“+”接

線柱的表筆；通過(guò)指針偏角判斷擋位，再讀取阻值；

（2）電壓表?yè)跷贿x擇：根據(jù)電流表的量程和內(nèi)阻，計(jì)算最大電壓，選擇合適的多用電表電壓擋位。

（1）口］［2］首先，該同學(xué)將多用電表選擇開(kāi)關(guān)旋至『以10”的電阻擋，由于電流從紅表筆流入多用電表，

從黑表筆流出多用電表，則黑表筆連接內(nèi)部電源的止極，所以歐姆調(diào)零后，讓多用電表黑表筆接待測(cè)

電流表的接線柱；發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏角特別大，可知，待測(cè)電阻較小，則應(yīng)選擇“XI”的電阻擋,

并歡姆調(diào)零后再次測(cè)量，指針位置如圖甲，可知電流表內(nèi)阻力/<4=15X1。=15。

（2）由于電流表量程為0.5A,內(nèi)阻約為心=15。，根據(jù)歐姆定律可得U=與&=0.5x15V=7.5V

則應(yīng)該選用多用電表的直流電壓擋位10V作為電壓表。

13.【答案】解：（1）石子在空中做平拋運(yùn)動(dòng)

t=2s

（2）A點(diǎn)豎直方向的速度

%=gt

因A點(diǎn)速度方向垂直斜坡

cos37°=黑

外

代入數(shù)據(jù)解得

vA=25rr）/s

（1）石子在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向位移公式九=康弘2,可求解石子在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

（2）根據(jù)公式：vy=gt,得出A點(diǎn)豎直方向的速度，因A點(diǎn)速度方向垂直斜坡cos37。二段，可求

解石子落在A點(diǎn)時(shí)的速度大小。

14.【答案】(1)光束在O點(diǎn)的光路如圖所示，光束交BC于D點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知光束在O點(diǎn)的入

射角

%=90。-6=60°

在0點(diǎn)的折射角

r0=90°一4力=30°

由折射定律有

sini

n=-07------

sinr0

(2)由幾何關(guān)系可知光束在D點(diǎn)的入射角

iD=60°

..731V3.

sinip==sinC

所以光束在D點(diǎn)發(fā)生全反射，光束與AC交于E點(diǎn)，光路如圖所示,

由幾何關(guān)系可知光線從E點(diǎn)射出柱體,

OD=2OB=L

忘735C7343AB

DE=^-DC=^-x^-=1-x^—

由折射定律有

c73c

所以光束在柱體中傳播的時(shí)間

OD+DE=

v2c

1、根據(jù)題意先準(zhǔn)確的作出光路可是解題的關(guān)鍵。

2、當(dāng)光從密質(zhì)進(jìn)入缺質(zhì)，入射用大于或等于臨界角時(shí)，發(fā)生全反射。

3、u=?V光在介質(zhì)中的速度小于光在真空或者空氣中的速度。

(1)光束在0點(diǎn)的光路如圖所示，光束交BC于D點(diǎn)，

由幾何關(guān)系可知光束在0點(diǎn)的入射角

第=90。-6=60°

在O點(diǎn)的折射角

廠0=90。一44=30°

由折射定律有

sini

0=V3

n=sinr。

(2)由幾何關(guān)系可知光束在D點(diǎn)的入射角=60。

731V3

sms=~2>n=~3=smC

所以光束在D點(diǎn)發(fā)生全反射

光束與AC交于E點(diǎn)，光路如圖所示,

由幾何關(guān)系可知光線從E點(diǎn)射出柱體,

OD=2OB=L

V373BCV343AB1

小三℃=丁丁丁^―叼

由折射定律有

Cy/3c

v=—=——

n3

所以光束在柱體中傳播的時(shí)間

OD+DE3同

t=-v-=^~

15.【答案】(1)解：由幾何關(guān)系，CE豎直高度y=3R,CE水平間距XCE=V5R,設(shè)A處的豎直速度

為vy,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律％=y/2gy=j6gR

滑塊到C點(diǎn)的速度為%=J很一諾=j2gR

C點(diǎn)由向心力公式+mg=相竽

解得FN=mg,根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對(duì)軌道壓力大小為mg,方向豎直向上

(2)解：AC間的水平間距為盯c=%層=2V3/?

AE間的距離為心E=孫c+XCE=36R

(3)解：滑塊從A到E機(jī)械能守恒，則E點(diǎn)的速度為%=%=2艱弱

若滑塊剛好能回到E點(diǎn)，設(shè)EP間距為xi,彈簧最大形變量為4勺，滑塊向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得

11

+4%D+2上/咨7=2mvE?

滑塊向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得一〃mg(%i+Jxi)=0

聯(lián)立上兩式得打=7尺若滑塊剛好能回到C點(diǎn)，設(shè)EP間距為七，彈簧最大形變量為/維〃血儀次+

"2)+；而遮=^mvj

滑塊向左運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程中，日動(dòng)能定理得虐—47ng3+4冷)—3mgR=0

聯(lián)立上兩式得血=空/?，所以滑塊能再次返回細(xì)管道又不能從C點(diǎn)離開(kāi)，軌道EP間的水平距離

42

X應(yīng)滿足與WxW7R

(1)滑塊從A到C做斜拋運(yùn)動(dòng)，分解為水平和豎直方向的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合幾何關(guān)系求C點(diǎn)速度；在C點(diǎn)

由牛頓第二定律分析軌道的彈力，再111牛頓第三定律得滑塊對(duì)軌道的壓力。

(2)先計(jì)算斜拋運(yùn)動(dòng)的水平和豎直位移，再結(jié)合E到C的幾何高度，對(duì)滑塊從E到C的過(guò)程用動(dòng)

能定理，求解AE間的距離。

(3)滑塊壓縮彈簧后返回，需滿足能回到管道且不從C點(diǎn)離開(kāi)，分別分析“恰好回到C點(diǎn)”和“恰

好不脫離管道”的臨界情況，結(jié)合動(dòng)能定理和彈簧彈性勢(shì)能公式推導(dǎo)EP間水平距離的條件。

16.【答案】(1)解：粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖】所示

圓心在。點(diǎn)，設(shè)半徑為R,則R=L

mvi

=R

解得”篝

（2）解：粒子在。點(diǎn)速度垂直工軸，進(jìn)入電場(chǎng)后做曲線運(yùn)動(dòng)，y方向做速度為大小巧的勻速直線運(yùn)動(dòng),

x軸方向做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為Q,從C到N的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為￡,則LOM=%￡=/>

2

qE=maLoc=^at=L

解得E="也

qL

（3）解：若入射速度大小變?yōu)閗%,設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌道半徑為r,則

m(kv^

解得r=kL

粒子將沿y軸正方向從八。邊上G'點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，根據(jù)對(duì)稱性，在MC邊上〃'點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，因?yàn)殡妶?chǎng)方向沿

工軸負(fù)方向，粒子應(yīng)從MC邊上某點(diǎn)P’點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，設(shè)經(jīng)過(guò)y軸上的Q點(diǎn)。粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2所示。

圖2

粒子在點(diǎn)速度垂直電場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)后做曲線運(yùn)動(dòng)，y方向做速度為大小k%的勻速直線運(yùn)動(dòng)，x軸方向

做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由（2）問(wèn)解答可知，粒子在電場(chǎng)中從“'到P'的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，沿y方向位

移與沿工方向上的位移相等，設(shè)為s,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

則s=kvots=2

解得s=k2L

設(shè)粒子射出電場(chǎng)時(shí)速度方向與y軸正方向的央角為氏則￡。九8=氤=2

過(guò)P'作y軸垂線交y軸于K點(diǎn)，在4QPK中有%次=-s

tanO==2

LKQ

設(shè)帶電粒子經(jīng)過(guò)y軸的位置Q