2026屆高考物理三輪沖刺：小題狂刷5（含答案解析）

2026/4/25小題狂刷5(40min)

一、單選題

1.2026年，“中國聚變工程實驗堆（CFETR）”取得重大突破，首次實現穩態運行。在某核反應中，反

應方程為；H+：Hf；He+X+lZ6McV,已知：H的比結合能為用，：H的比結合能為￡,:He的比結合

能為G，光在真空中的傳播速度為J下列說法正確的是（）

A.核反應方程中X為比

B.核反應中的質量虧損可表示為44-（2.+3/）

e

C.核聚變需要極高的溫度，是為了克服原子核間的萬有引力

D.；H半衰期為12.46年，現有10個瓶原子核，經過12.46年后剩下5個旅原子核

2.如圖所示，將小球自A處豎直向上拋出。傳感器記錄的數據顯示：自拋出起計時，經過時間，。和％

小球的速率均為即。小球向上枷出后的位移、速度、運動時間分別用小v、f表示。不計空氣阻力，關

于小球豎直向上拋出的運動過程，下列圖像可能正確的是（）

3.如圖所示，某傳感器的核心部件為一橫截面半徑為R的玻璃半圓柱體（O為圓心），用于引導和聚焦

激光束。?束激光垂直于直徑AB從空氣經P點射入玻璃半圓柱體，光線在

玻璃內經AB面一次反射后，從半圓柱體的最高點M射出，出射方向與A8

成30。角，且與PM共線，則該玻璃半圓柱體對激光的折射率為（）

A.2GB.73D.V2

C?苧

4.近年來，基于變壓器原理的無線充電技術得到了廣泛應用，其簡化的充電原理如下左圖所示。發射

線圈的輸入電壓為家用交流電，如下右圖所示，匝數為1100叵，接收線圈的匝數為22匝。若工作狀態

下，穿過接收線圈的磁通屋約為發射線圈的90%,忽略其它損耗，下列說法正確的是（）

A.接收線圈中交變電流的頻率為45HzB.接收線圈輸出電壓的有效值約為4.4V

C.接收線圈輸出電壓的有效值約為3.96V

D.發射線圈中的磁通量變化率與接收線圈的磁通量變化率相同

5.如圖所示，三根長都是/的輕桿，上端用錢鏈連接，每根行都可以繞。自由轉動，下端支在水平地

面上的A、B、C三點，48c為等邊三角形，且每根輕桿與水平面的夾角均為60、在。點連接一根輕繩，

下端吊著一個重力為G的物體，三角架處于穩定狀態，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的

是（）O

A.地面對每根桿的支持力大小均為得/K

B,每根桿對較鏈0的作用力大小均為摩1嗎X

c.桿和地面間的動摩擦因數至少為立/二二二一.…\

D.若僅將等邊三角形ABC的邊長變短，則地面對每根桿的支持力變小

6.如圖所示為半徑是「的半圓，。為圓心，《活為直徑，c、d為半圓的三等分點。在〃、〃兩點分別固定

?點電荷，若在空間加?水平向左、電場強度大小為4的勻強電場，c點的電場強度剛好為0,靜電力

常量為我，下列說法正確的是（）

A.a、。兩點的電荷均帶正電,“-----°

B.4點的電荷帶負電，力點的電荷帶正電/''、、、

/、

//\、

C.。點的電荷所帶電荷量的大小為字/\

2ka1---------------?---------------:b

D.2點的電荷所帶電荷量的大小為袈

7.某衛星發射過程如圖所示，發射后先進入近地軌道I做勻速圓周運動，然后在P點進入過渡軌道H

運動，最后在Q點進入目標軌道HI做勻速圓周運動。P、。兩點相距L,H為赤道上一物體，衛星傳感

據顯示衛星在II軌道運行時周期為丁，地球半徑及近地軌道I半徑均為心引力常量為G,下列說法正

確的是（）

A.衛星在HI軌道的加速度%一定比，物體的加速度a〃小

B.衛星在II軌道P點的速度v?P小于其在川軌道的速度%

C.地球質量為D.地球密度為

4G產8GT27e3

二、多選題

8.在研究密閉容器內的理想氣體的狀態變化時，常會記錄其變化過程的尸-V圖

像。下圖中4、4圖線分別對應某理想氣體的兩個狀態變化過程。下列說法正確

的是（）

A.氣體由狀態1變化到狀態2,氣體分子數密度增加

B.氣體由狀態2變化到狀態1,外界對氣體做正功

C.若氣體沿直線8從狀態I變化到狀態2,氣體對外做功絕對值為生華M

D.若曲線A為等溫過程，由狀態2變化到狀態1的過程中氣體從外界吸收熱量

2

9.如圖所示，一木板靜止在光滑水平地面上，左端連接一輕彈簧，彈簧的左端固定。/=0時刻一個小

物塊從左端滑上木板，時刻木板的速度第1次變為0,此時小物塊從木板右端滑離。已知物塊與木

板間的動摩擦因數為〃，彈簧始終在彈性限度內，則（）

A./=?時刻木板的加速度最大B.，=/（）時刻木板的加速度最大A

/□________.

C./=與時刻木板的速度最大D.3時刻木板的速度最大

10.如圖甲所示，左側接有定值電阻A=1.5C的水平平行且足夠長的粗糙導軌處于豎直向上的勻強磁場

中，磁感應強度3=1T,導軌間距L=lm°一質量m=lkg、接入電路的限值廠=0.5C的金屬棒在拉力

廠的作用下由靜止開始從co處沿導軌向右加速運動，金屬棒的y-x圖像如圖乙所示。若金屬棒與導軌

垂直且接觸良好，與導軌間的動摩擦因數4=。25,導軌電阻不計，取g=10m/s2,則金屬棒從靜止開

始向右運動位移內=lm的過程中，下列說法正確的是（）

A.通過電阻公的電荷量為0.5C

B.拉力廠做的功為5J

C.導體棒產生的焦耳熱為0.5J

D.所用的時間f一定大于1s

三、實驗題

11.某實驗小組使用如圖甲所示裝置探究等壓情況下一定質量氣體的體積與溫度的關系。用橡膠帽封閉

注射器的上端，使注射器中封閉一定質量的氣體，柱塞下使用細繩懸掛一重物，整個裝置置于控溫箱內，

控溫箱內氣體始終與外界相通，通過改變控溫箱溫度讀取多組溫度、體積數值，并作體積熱力學溫度圖

像C

⑴實驗過程中，下列說法正確的是（）

A.實驗過程要保證空氣柱密閉性良好

B.柱塞處涂抹潤滑油的目的是為了減小摩擦而非密封氣體

C.改變控溫箱溫度后，應迅速讀取體積，防止氣體泄漏

⑵若實驗操作規范無錯誤，作出V-7圖像，如圖乙所示，圖像

不過原點的原因是_____________0

⑶某組員認為：若將控溫箱密閉，與外界大氣不相通，當控溫箱內溫度緩慢升高時，柱塞和重物的高度

會不降反升，請問其觀點是否正確？（選填“正確”或“不正確”）。

12.某實驗小組利用傾斜導軌驗證動能定理，實驗裝置如圖1所示。水平桌面上固定一傾斜導軌，導軌

上A處放置一帶有遮光片的滑塊，其左端由跨過輕質光滑定滑輪的細繩與托盤相連，遮光片的寬度為力

遮光片和滑塊的總質量為M；導軌上B處有一光電門，可以測量遮光片經過光電門時的遮光時間八滑

塊位于A處時遮光片到光電門的距離為/,將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過3處時的瞬時

速度，實驗時滑塊在人處由靜止開始運動。實驗步驟：

3

：1）在托盤中添加一定質量的祛碼，使滑塊（含遮光片）

恰好勻速向上運動，記錄托盤和跌碼的總質量〃?o。

：2）將滑塊移至A處,在托盤中再添加質量為m的住碼，

由靜止釋放滑塊，記錄滑塊經過光電門的遮光時間八

重力加速度用g表示，滑塊從A處到達B處時滑塊（含遮光片）和祛碼、托盤組成的系統動能增加量可

表示為△￡,=（用飛、M、利、4、/表示），合外力對系統所做的總功可表示為W=

1用相關物理量符號表示），在誤差允許的范圍內，若卬二4紇，則動能定理得以驗證。

：3）多次改變機，記錄對應的遮光時間f,根據實驗數據作出的產-，圖像如圖2所示，圖中人已知,

m

則重力加速度g=（用4b、/表示）。

13.某探究小組，取片狀RFP602型半導體薄膜壓力傳感器一片，探究其圓形敏感區域受壓力尸與傳感

器電阻凡的變化關系。圖示是利用測量數據畫出的凡一尸圖線。壓力為1N時曲線斜率為24kQ/N,壓

放

放

大

大

電

電

路

路

⑴由圖線數據分析可知，斜率越大，傳感器靈敏度就（填“越高”或"越低”）；

⑵利用RFP602型壓力傳感器，設計一臺自動分揀裝置，按一定質量標準自動分揀大小物體，如13A等

級蘋果或3J等級車厘子。甲裝置中02。、OQ為繞5、。轉動的杠桿。通過與兩端的電壓激勵放大電

路吸動銜鐵。評價甲、乙兩種方案哪種更科學：（填“甲”或“乙”），并簡要說明理由：

（3）某同學想在托盤秤壓在杠桿上的位置不變的情況下，利用一塊電壓表測出每個蘋果的質量，且電壓表

的示數隨蘋果質量的增大而增大，則電壓表應該并聯在________________（填“電阻肉”、“電阻或“電

源”）兩端；

（4）若電源長時間未使用，內阻/?增大，但電動勢不變，為了保證分揀標準質量不變，可以怎樣操作:

4

《2026/4/25小題狂刷5》參考答案

題號12345678910

答案BCBCBDDBCBDABD

1.B

【詳解】A.根據核反應電荷數守恒、質量數守恒可知，故X為中子:n,故A錯誤；

B.核反應釋放的核能等于反應后總結合能減去反應前總結合能，即AE=44-（2印+34）

由質能方程可得AE=/

解得質量虧損△加=4&T2/j+3￡）,故B正確；

c

C.核聚變需要極高溫度，是為了克服原子核間的庫侖斥力，原子核間萬有引力極小可忽略，

故C錯誤；

D.半衰期是對大量原子核的統計規律，對少量原子核不適用，10個僦核經過一個半衰期后

剩余數量不確定，故D錯誤。

故選B。

2.C

【詳解】A.分析運動過程:小球做豎直上拋運動，加速度為g（方向向下）。已知和1=24

時速率均為“。根據豎直上拋運動的對稱性，最高點（速度為0）的時刻位于這兩個時刻的

中點，2=鋁=1勺。

此時速度^=0。求解初速度和加速度關系：設初速度為匕an，在，=4時，小球處于上升階

段（因為。速度為％。由吁匕由一⑷

解得％=%art-g，O

在1=1.5%時，速度為0,有（）=%rt-g（1.5/o）

聯立解得匕3%,且

圖像縱軸表示速度（矢量）。豎直上拋運動的速度隨時間均勻減小，過最高點后變為負值。

圖像應為一條斜率為負的直線，穿過f軸。選項A畫的是速率（標量）圖像，故A錯誤；

B.根據位移一速度公式/-Qwn-Zgx

整理得2gx

這是一個一關于x的一次函數，截距為己”，代入%?=3%,截距應為（3%尸=94

選項B中截距為3片，故B錯誤：

I

C.位移公式尸匕"-權尸

這是一個關于f的二次函數，圖像為開口向下的拋物線。對稱軸（最高點）為

VV

siart_____="$iart

2x(-g/2)g

選項C的圖像是拋物線，旦最高點對應1.5/。，故C正確;

2

D.'表示0-T時間內的平均速度，有XV^~28t1,

t-=-----；----=%?一5曰

II4

這是一個關于/的一次函數，斜率為-■!■，縱軸截距為％rt=3%,當：=0時（即回到拋出點）,

2k2（3%）

g（2%%）

選項D中圖像與橫軸交點為包，故D錯誤。

故選C。

3.B

【詳解】作出激光在半圓柱體中的光路圖如圖所示

設從M點射出時的入射角為八折射角為根據光路圖，出射方向與A8成30。角，且與

PM共線，可知廠=/。仞0=90。-30。=60。

連接OP可得△OQM為正三角形，則有月W=R

PM1

可得cosNOMP=----=-

MM'2

可知△「以"，為直角三角形，根據幾何關系可得，=30%根據折射定律有〃="

sin/

解得〃=6

故選B。

4.C

【詳解】A.變壓器是利用電磁感應原理，不改變交變電流的頻率，為50Hz,故A錯誤；

BC.根據正弦式交流電中有效值和峰值的關系可知，原線圈的電壓有效值為220V,根據法

2

4AA?士a田r-qfrA①，，90%△中

拉第電磁感應定律有q=%,U、=n,

A/△/

聯立可得%麻

解得&=3.96V,故B錯誤，C正確；

D.穿過接收線圈的磁通量約為發射線圈的90%,則穿過發射線圈的磁通量變化率與穿過接

收線圈的磁通量變化率不相同，故D錯誤。

故選C。

5.B

【詳解】AD.將整個支架系統視為整體，則由平衡條件有3N=G

解得地面對每根桿的支持力大小均為N=?

若僅將等邊三角形A3C的邊長變短，則地面對每根桿的支持力保持不變，故AD錯誤；

B.由題意可知，每根桿與豎直方向的夾角均為30。，對。點進行受力分析，根據共點力平

衡的推論有G=3尸cos30

解得每根桿對錢鏈O的作用力大小均為尸=2匝，故B正確；

9

C.在A點，桿04的作用力/沿水平方向的分量為理平=產面30=拽￡,=叵

小'929

則由共點力的平衡條件可得，地面對A點的靜摩擦力大小為耳=5K平=華

又因為地面對每根桿的支持力大小為N=7,所以桿和地面間的動摩擦因數至少為

〃="=走，故C錯誤。

N3

故選B。

6.D

【詳解】A.。、〃兩點電荷在c點的合場強水平向右、大小為E。,豎直分量總和為0。兩個

點電荷的場強豎直分量必須一上一下。若均帶正電，兩個場強豎直分量都向上，無法抵消，

A錯誤；

B.若“帶負電、力帶正電，兩個場強水平分量都向左，合場強向左，與向左的勻強電場疊

加后不可能為零，B錯誤：

CD.設〃、人在c點的場強大小分別為七、與,因豎直分量sin30=2sin60

水平分量總和等于Eacos30+Eftcos60*=E°,

可得：E『舞,

3

根據點電荷場強公式%=售，其中從”〃

解得0年

同理可得2=空空二c錯誤，D正確。

故選Do

7.D

【詳解】A.H物體并非天體，且軌道用半徑未知，無法比較“川與，A錯誤;

B.衛星由軌道I加速進入軌道H，所以%/>>匕;

因為小>。，根據G曾

r

所以%〈匕，即％P>%I，B錯誤;

C.由萬有引力定律有G”=小票-斗

r\

4萬午

得“=

G7；2

根據開普勒第三定律方

T2

得C錯誤：

2GT2

M4乃R3-J.ZQ34EnF中

D.又P=F,V=---->可得0=---^—r>D正確。

V38G尸/?'

故選D。

8.BC

【詳解】A.體積膨脹，氣體分子數密度減小，A錯誤；

B.體積壓縮，外界對氣體做正功，B正確；

c.氣體對外界做功為圖像與橫軸所圍梯形面積，M=\+二耍."c正確；

D.等溫變化過程中內能不變，又狀態2變化到狀態1的過程中氣體體積減小，外界對氣體

做功，則氣體對外放熱，D錯誤。

故選BCo

9.BD

【詳解】AB.對木板分析，木板先向右做加速度減小的變加速運動，后向右做變減速運動，

令木板相對加速度為。的位置,即相對平衡位置的位移大小為工木板初始位置到平衡位置

4

的距離為〃，小物塊的質量為"b則有

心=U

當木板在平衡位置左側時所受外力的合力大小為

F=jumg-k]-x)=kx

當木板在平衡位置右側時所受外力的合力大小為

F=+x)—=Lx

可知該過程木板所受外力的合力大小與相對平衡位置的位移大小成正比，方向相反，即回復

力大小與相對平衡位置的位移大小成正比，方向相反，則木板向右做簡諧運動，根據對稱性

可知，，=0時刻與時刻加速度大小相等，均達到最大值，A錯誤，B正確；

CD.木板向右做簡諧運動，根據對稱性可知，平衡位置速度最大，即/=■^時刻木板的速度

最大，C錯誤，D正確。

故選BDo

10.ABD

【詳解】由右手定則知金屬棒中感應電流的方向為C-D，故A錯誤;

A.流過電阻的電荷量為

E△6?A4>BLx_「

q=TIaAt=------AA/=-------------Az=-------=-------=0.5C

R+r(R+r)AlR+rR+r

故A正確;

B.金屬棒在運動為$=所的過程中，克服摩擦力做功為

Wf==2.5J

安培力的大小為

E2

匚nTnBLvBI/V

rL=BIL=B-------L=B-------L{--------

R+rR+rR+r

結合圖像可知，安培力的大小與位移成正比，則金屬棒克服安培力做功為

-0+F,,.I?[]丫

W^.=Fx=-------x=—--------x=0.5J

女22(R+r)

由動能定理得

W-W療一因=i/?zv2-0

解得

W=5J

故B正確；

C.安培力做功轉化為電路中的焦耳熱，則電路中的焦耳熱

Q=W,.=0.5J

5

導體棒產生.的焦耳熱為

烏二J—Q=0.125J

C錯誤；

D.速度位移圖像的斜率

,AvAvZac

K=—=—x—=—=2

AxA/Axv

得

a=k\>=2v

則速度增大，金屬棒的加速度也隨之增大，速度時間圖像的斜率增大，金屬棒做加速增大的

變加速運動，在相同時間內，達到相同速度時通過的位移小于勻加速運動的位移，平均速度

小于勻加速運動的平均速度，即

v<—=lm/s

2

則

s.

/==>Is

V

D正確。

故選ABD,

II.(1)A

(2)未考慮橡膠帽內氣體的體枳

⑶正確

【詳解】(I)A.該實驗過程要保證空氣柱密閉性良好，故A正確；

B.柱塞處涂抹潤滑油的目