新高考物理選擇題題型練（二） （解析版）

選擇題題型練（二）

一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中

只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

I.在研究物體運動時，下列物體中能當做質點處理的是（）

A.用GPS定位系統研究汽車位置時

B.研究“神舟八號”飛船對接時

C.研究乒乓球運動員張繼科發出的乒乓球時

D.研究火車穿越一山洞所需時間時

【解答】解：A、用GPS定位系統研究汽車位置時，汽車的大小可以忽略，所以能把它看作質點。

故A正確。

B、研究“神舟八號”飛船對接時，飛船的大小和形狀對所研究的問題影響不可忽略不計，不能將

飛船視為質點。故B錯誤。

C、研究乒乓球運動員張繼科發出的乒乓球時，運動員的姿態和動作影響很大，不能把他看作質

點。故C錯誤。

D、研究火車穿越?山洞所需時間時，火車的大小和形狀對研究它的運動影響不可忽略，所以火

車不可以看作質點。故D錯誤。

故選：A.

2.如圖所示，書靜止放在水平桌面上。書受到的力有（）

A.重力

B.重力和桌面的支持力

C.重力、桌面的支持力、摩擦力

D.重力、桌面的支持力、書對桌面的壓力

【解答】解：書本放在桌面上，受到兩個力的作用：一個是自身的重力，另一個是桌面對它的支

持力，書本靜止時，這兩個力是一對平衡力，故B正確，ACD錯誤；

故選：Be

3.如圖所示，一小球用細繩懸掛于O點，將其拉離豎直位置一個角度后釋放，則小球沿以O點為

圓心的圓弧ABC擺動（相當于圓周運動的?部分），當小球運動到最低點BM提供向心力的是

()

A.小球的重力

B.繩了對小球的拉力

C.小球對繩子的拉力

D.小球受到的拉力和重力的合力

【解答】解：當小球運動到最低點時，受到重力和繩子的彈力，由重力和繩子拉力的合力提供向

心力，故D正確，ABC錯誤。

故選：Do

4.如圖所示是電場中某一條乜場線，下列說法中正確的是;）

<??—

AR

A.A、B兩點電場方向不同

B.A、B兩點電場大小關系是EA>EB

C.電場線是直線，則EA=EB

D.不知附近的電場線分布，EA、EB的大小不確定

【解答】解：A、電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，所以兩點的場強方向相同，故A

錯誤；

BCD、電場線的疏密表示電場強度的強弱，但此題只有一條電場線，所以無法判斷AB兩點場強

的大小，故BC錯誤，D正確。

故選：De

5.2021年5月15日，“天問一號”著陸器成功著陸于火星烏托邦平原南部預選著陸區，我國首次火

星探測任務取得圓滿成功。如圖為“天問一號”的地火轉移軌道，將火星與地球繞太陽的運動簡

化為在同一平面;沿同一方向的勻速圓周運動。下列說法正確的是（）

A.火星繞太陽的線速度大于地球繞太陽的線速度

B.“天問一號”的發射速度必須大于第三宇宙速度

C.“天問一號”在轉移軌道上運動的周期大于地球的公轉周期

D.“天問一號”從A點運動到C點的過程中動能越來越大

【解答】解?：A、由餐=學得到行星公轉的線速度、=庠，火星的公轉半徑大于地球的公

轉半徑，由運行速度公式v=悟知火星的公轉的線速度小于地球的公轉的線速度，故A錯誤；

B、“天問一號”并未脫離太陽系，故發射速度小于第三宇宙速度，故B錯誤：

C、地火轉移軌道的半長軸大于地球公轉半徑，由開普勒第三定律：言=匕知“天問一號”在地

火轉移軌道上運動的周期大于地球繞太陽運動的周期，故C正確；

D、根據開普勒第二定律可知，“天問一號”在近地點A的速度大于遠地點C的速度，則“天問

一號”從A點運動到C點的過程中處于減速狀態，動能越來越小，故D錯誤。

故選：Co

6.某同學通過查資料得知，弓荷量為Q的均勻帶電球殼外的場強公式E=$（r為距離球心的距

離）.現已知電荷q均勻分布在;球面AB上，球面半徑為R,CD為通過半球頂點與球心O的軸

線，如圖所示，M位于CD軸線上球面外側，且0M=0N=2R.已知球面A山1在M點產生的

場強為E,則N點的場強大小為（）

【解答】解：將AB部分補上變成一個完整的均勻球殼，該球殼帶電荷量為：Q=|q

則該球殼在M點產生的場強為EM=k-^r=kg=嬰

(2R)24R28R2

根據電場的疊加原理可知：球殼上AIABBI部分在M點產生的場強大小為EM'二駕-E

8R‘

根據對稱性可知：AA山iB在N點產生的場強大小EN=EM'=當-E

8R，

所以N點的場強大小為若?-Eo

8R2

故選：Do

7.如圖，線圈abed的ad長20cm,ab長10cm,匝數N=50匝，電阻不計，在磁感應強度B=尤丁

的勻強磁場中繞OO1軸勻速轉動，角速度w=IOOrad/s,OOi軸通過ad且同時垂直于ad和be,

距ab的距離是距de的距離的2倍.線圈的輸出端接單相理想變壓器線圈，接在變壓器副線圈兩

端的燈泡“10V,10W”剛好正常發光.則()

A.變壓器原線圈兩端電壓有效值為lO/V

B.變壓器原線圈中電流為1A

C.變壓器的原副線圈匝數比為10：1

D.通過燈泡的交流電頻率為50Hz

【解答】解：A、矩形閉合導線框ABCD在磁場中轉動，產生的交流電的最大值為：Em=nBss=

50xV2X0.2X0.1XIO()V=1OOV2V,故有效值為Ui=100V.故A錯誤；

九110010

BC、由于電壓與匝數成正比，所以變壓器原、副線圈匝數之比為：—=—=柢C正確，

n2101

根據功率為P=UI知12=。=第=1A,又?=也=二知Ii=0.1A,故B錯誤。

U10/210

D、通過燈泡的交流電頻率為f=2=黑，故D錯誤；

InZ7T

故選：Co

8.如圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O點為平衡位置，在a、b兩點之間做簡諧

運動，其振動圖象如圖乙所示.由振動圖象可以得知()

b

B.在t=ti時刻，振子的動能最大

C.在t=t2時刻，振子的位置在a點

D.從U到12,振子正從。點向a點運動

【解答】解：A、振子的周期是振子完成一個周期性變化所用的時間，由圖直接讀出其周期T=

2ti；故A錯誤；

B、由圖乙知在t=ti時刻，振子的位移為零，正通過平衡位置，速度最大，動能最大，故B正確。

C、在t=t2時刻，振子的位移為正向最大，振子的位置在b點，故C錯誤。

D、從H到t2,振子的位移從0變化到正向最大，說明正從O點向b點運動。故D錯誤。

故選：Bo

9.在冰壺比賽中，球員手持毛刷擦刷冰面，可以改變冰壺滑行時受到的阻力。如圖a所示，藍壺靜

止在圓形區域內，運動員用等質量的紅壺撞擊藍壺，兩壺發生正碰。若碰撞前后兩壺的圖象

如圖b所示。關于冰壺的運動，下列說法正確的是（）

V(m/$)

A.兩壺發生了彈性碰撞

B.藍壺運動了4s停下

C.撞后兩壺相距的最遠距離為1.275m

D.碰撞后藍壺的加速度大小為0.2m/s2

【解答】解：A、由圖示圖象可知，碰前紅壺的速度vo=L2m/s,碰后紅壺的速度為v紅=0.3m/s,

取碰撞前紅壺的速度方向為正方向，

碰撞過程系統動量守怛，根據動量守恒定律得：mvo=mv紅+mv

解得：v=0.9m/s

碰撞前兩壺的總動能為：Eki=^mvo=0.72m

碰撞后前兩壺的總動能為：Ek2=1mvtr2+|mv2=0.45m<Ek1,所以兩壺碰撞為非彈性碰撞，故A

錯誤；

B、由圖示圖象可知，碰撞前紅壺的加速度大小為：a=^^m/s2=0.4m/s2

如果不發生碰撞，紅壺到停止運動需要的時間為：t=^$=4s,

由圖示圖象可知，藍壺運動時間為：4s-ls=3s停下，故B錯誤；

C、速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，則碰后兩壺相距的最遠距離為：s=2x0.9x3m-

|x0.3x（1.5-l）m=1.275m,故C正確；

C、碰后藍壺的加速度大小；a'=黑=竽?n/s2=O.3m/s2,故D錯誤；

故選：Co

10.兒童自行車兩側有兩個保護輪防止兒童摔倒，已知后輪半徑是保護輪半徑的4倍。分別取保護

輪和后輪邊緣上的點A和B,當兒童沿水平路面正常騎行時（）

A.A、B兩點轉動周期相同

B.A、B兩點向心加速度相同

C.A點和B點角速度大小之比為4：1

D.A點和B點線速度大小之比為1：4

【解答】解：A、A、B兩點在保護輪和后輪邊緣，所以正常騎行時，相同時間路程相同，故線速

度相同，而后輪半徑是保護輪半徑的4倍，則A轉動4圈，B轉動1圈，故周期比為1：4,角速

度大小比為4：1,故AD錯誤，C正確：

B、根據公式a=o?r,向心加速度比為4：1,故B錯誤：

故選：Co

11.電磁波已廣泛運用于很多領域。下列關于甩磁波的說法符合實際的是（）

A.振蕩電路的頻率越高，發射電磁波的本領越大

B.電磁波在真空中的波長與電磁波的頻率無關

C.均勻變化的電場和磁場可以相互激發，形成電磁波

D.麥克斯韋通過測量證明，電磁波在真空中具有與光相同的速度

【解答】解：A、發射電磁波的本領由振蕩電路頻率決定，振蕩電路頻率越高，發射電磁波的本

領越大。故A正確；

B、電磁波在真空中傳播速度時光速，是一定的。所以電磁波在真空中的波長和頻率成反比，故B

錯誤；C、均勻變化的電場和磁場形成穩定的磁場和電場，故C錯誤；

D、麥克斯韋預言電磁波傳播速度是光速，赫茲證實了。故D錯誤。

故選：Ao

12.由a和b兩種頻率的光組成的光束，經玻璃三棱鏡折射后的光路如圖所示。其中a光是氫原子

由n=4的能級向n=2的能級躍遷時發出的。下列說法中正確的是（）

A.入射光束繞入射點順時針旋轉時，a光將先發生全反射

B.b光可能是氫原子由n=3的能級向n=2的能級躍遷時發出的

C.用同一雙縫干涉裝置進行實驗，a光的相鄰條紋間距比b光的大

D.用b光照射某金屬時能發生光電效應，用a光照射同?金屬時也?定能發生光電效應

【解答】解：A、由圖可知，三棱鏡對b光的折射程度較大，則該三棱鏡對b光的折射率較大，

入射光束繞入射點順時針旋轉時，兩種光在介質中的入射角變大，b光的折射角先達到90°,b

光將先發生全反射，故A錯誤；

B、a光折射率小，頻率小，由光子能量￡=hv可知，頻率越小，光子能量越小，a光是氫原子由

n=4的能級向n=2的能級躍遷時發出的，b光不可能是氫原子由n=3的能級向n=2的能級躍

遷時發出的，故B錯誤；

C、a光折射率小，頻率小，波長大，用同一雙縫干涉裝置進行實驗時，根據Ax=』/l知，a光的

相鄰條紋間距比b光的大，故C正確：

D、a光折射率小，頻率小，由光子能量￡=hv可知，頻率越小，光子能量越小，故a光的光子能

量小于b光，則用b光照射某種金屬時能發生光電效應現象，則改用a光照射該種金屬時不一定

也能發生光電效應現象，故D錯誤；

故選：Co

13.圖甲是一臺小型發電機的構造示意圖，線圈逆時針轉動，從某位置開始計時，產生的電動勢c時

間t變化的正弦規律圖象如圖乙所示。發電機線圈的內電阻不計，外接燈泡的電阻為12。,則（）

A.在t=O.Ols時刻，線圈處于垂直中性面的位置

B.電壓表的示數為6企V

C.燈泡消耗的電功率為3W

D.若其他條件不變，僅將線圈的轉速提高一倍，則線圈電動勢的表達式e=

【解答】解：A在t=O.（）ls的時刻，電動勢為0,則為中性面，穿過線圈磁通量最大。故A錯

誤；

B電動勢的最大值為Em=6四V,電壓表測量的為有效值，故示數為6V：故B錯誤；

C、燈泡消耗的功率P=（=3W；故C正確；

D、周期為0.02s,則瞬時電動勢的表達式為e=EmS皿竿力，轉速提高一倍后，最大值變成12&V,

3=2TU］，故角速度變為原來的2倍，表達式應為：1212四s出200旌，故D錯誤；

故選：Co

二、選擇題口（本題共3小題，每小題2分，共6分，每小題列出的四個選項中至少

有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不選全的得1分，有選錯的得

。分）

（多選）14.下列說法正確的是（）

A.盧瑟福通過a粒子散射實驗，提出了原子的核式結構模型

B.大量處于n=3激發態的氫原子向基態躍遷時，最多能輻射2種頻率的光子

C.a粒子的穿透本領比0射線強

D.光照射金屬時，只要光的頻率大于金屬的截止頻率，無論光的強弱如何，都能發生光電效應

【解答】解：A、盧瑟福通過a粒子散射實驗，提出了原子的核式結構模型，故A正確；

B、大量處于n=3激發態的氫原子向基態躍遷時，最多能輻射竊=3種頻率的光子，故B錯誤；

C、a粒子的穿透本領比0射線弱，故C錯誤；

D、光照射金屬時，只要光的頻率大于金屬的截止頻率，無論光的強弱如何，都能發生光電效應，

故D正確&

故選：ADe.

（多選）15.a、b兩束光是由處在同一激發態的原子躍遷到I態和II態時產生的，分別用a、b兩束

單色光照射同一光電管陰極時，都發生了光電效應，且兩束光照射時對應的截止電壓Ua>Ub,則

這兩束光（）

A.光子動量pa>pb

B.發生電子躍遷時對應的能級Ei>En

C.入射同一雙縫干涉裝置上，相鄰亮紋的間距AxaVAxb

D.若Ua=2Ub,則a、b兩束光的光子能量滿足￡a=2￡b

【解答】解：A、根據］nu;2=hv-Wo和eUe=^^后，結合遏止電壓Ua>Ub,可知a光子的能

量大于b光子的能量，波長則小于b光子的波長：根據光子的動量公式p=上可知，光子動量由

>pb?故A正確：

B、光子的能量等于原子躍遷前后兩