期末模擬卷（一）-2025-2026學年高一物理下學期人教版必修第二冊

2025-2026學年高一物理下學期期末模擬卷（一）

學校:姓名：班級：考號：

一、選擇題（本題共10小題，共46分。（在每小題給出的四個選項中，第廣7題只

有一項符合題目要求，每小題4分：第夕10題有多項符合題目要求，每小題6分，

全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）

1.如圖所示是某次射門時足球繞過人墻的運動軌跡俯視圖。若球的速率減小，下列選項中

足球飛行時所受合外力〃與速度v的關系可能正確的是（）

2.同學們討論消防員如何駕駛小船救援被困于礁石上的學生，如圖，8為岸邊距離礁石最

近位置，A、8為河岸上間距適當的兩點，假設河水各處流速相同，小船在靜水中的運動速

率不變。若討論消防員如何在更短時間內抵達礁石進行救援，下列說法正確的是（）

A.應在河岸A處，船頭朝著匕方向航行

B.應在河岸8處，船頭朝著乙方向航行

C.應在河岸8處，船頭朝著匕方向航行

D.應在河岸8處，船頭朝著匕方向航行

3.無級變速是自動擋車型變速箱的一種，比普通的自動變速箱換擋更平順，沒有沖擊感。

圖為其原理圖.通過改變滾輪位置實現在變速范圍內任意連續變換速度。E、b為滾輪軸上

兩點，變速過程中主動輪的轉速不變，各輪間不打滑，則卜.列說法正確的是（）

從動輪

A.從動輪和主動輪的轉動方向始終相同

B.滾輪在廠處，從動輪的角速度大于主動輪的角速度

C.滾輪從E到尸，從動輪的線速度先變小再變大

D.滾輪從E到尸，從動輪的轉速一直在變大

4.我國新能源汽車領先全球，2024年3月，小米第一臺汽車XiaomiSU7正式上市，其技術

領先且價格符合大眾消費，一輛小米新能源汽車在平直公路上行駛，汽車的質量為

5

w=2.OxlOkg,發動機的額定功率為6=200kW,設汽車在行駛過程中受到的阻力大小恒

為/=4.0X1（）3N。如果汽車從靜止開始以額定功率啟動，則（）

A.汽車從靜止開始做勻加速直線運動，然后做加速發減小的加速運動

B.汽車在行駛過程中所能達到的最大速度％=50nVs

C.若汽車以不同的恒定功率啟動所能達到的最大速度相同

D.若汽車到達最大速度的時間為/,則這段時間內的位移工=會，

5.如圖所示為豎直截面為半圓形的容器，。為圓心，人B為沿水平方向的直徑，一物體在4

點以向右的初速度也水平拋出，同時另一物體在3點以向左的初速度。水平拋出，兩物體

都落到容器的同一點P。已知N8A?=37°,sin37°=0.6,cos37°=0.8,不計空氣阻力。下列說

法正確的是（）

試卷第2頁，共8頁

A.B點拋出的物體比A點拋出的物體先到達P點

B.A、8兩點拋出的物體到達P點時速率相同

C.拋出時，兩物體的速度大小之比%:囁=16:9

D.拋出時，兩物體的速度大小之比乙：以=9:16

6.如圖所示為“嫦娥七號”發射后經多次變軌進入地月轉移軌道，最終被月球引力捕獲。其

中軌道I、II在近地點M點相切，N為軌道I的遠地點。則“嫦娥七號”（）

A.發射速度必須大于第三宇宙速度

B.沿著軌道I通過A4點的速率大于沿著軌道II通過加點的速率

C.在M點時應向后噴氣才能進入地月轉移軌道

D.位于軌道I和I【時，在相同的時間內與地球的連線掃過的面積相等

7.如圖所示，木塊A、B緊靠放置于水平面上，A和墻間水平拴接著勁度系數為人的輕彈

簧，且彈簧處于原長狀態。已知A、B質量分別為2〃?、如與水平面間的動摩擦因數均為"，

重力加速度為g。今用水平力尸向左緩慢壓B，使B向左移動x，突然撤去F,則（）

WJWAB-F

A.若A、B可分開，分開時彈簧處于壓縮狀態

B.若A、B可分開，分開時彈簧處于拉伸狀態

C.為使A、B可分開，尸做功必須大于4.5〃〃?gx

D.為使A、B可分開，工必須不小于空警

8.如圖所示，飛行器P繞半徑為R的某行星做勻速圓周運動，星球相對飛行器的張角為6,

其環繞周期為丁，引力常量為G,行星可視為質量均勻分布的球體，不考慮行星的自轉，下

列說法正確的是（)

34

4/川

A,行星的質量為B.行星的平均密度為G尸Sil?（，）

G7-2sin36>

4/R2冗R

夕、

C.行星表面的重力加速度為尸3丁（,）D.行星的第一宇宙速度為我1o皿il!

2J

9.學界普遍認為，足球運動起源干中國，被稱為蹴鞠或蹋鞠。早期的蹴鞠用干軍事訓練.

蹴鞠作為體育娛樂活動的最早記載見于戰國時期。《戰國策?齊策》和《史記?蘇秦列傳》均描

述了齊國都城臨淄（今山東淄博）百姓普遍參與“蹋鞠”〔蹴鞠古名）的場景，說明當時蹴鞠

已成為民間盛行的娛樂項目。2004年國際足聯確認中國古代蹴鞠是足球起源，2006年蹴鞠

被列入國家級非物質文化遺產名錄。若某人將蹴鞠（視為質點）沿與水平方向成45。角的方

向斜向上踢出，蹴鞠在空中的射高為6.05m,不計空氣阻力，重力加速度g取10m&,下

列說法正確的是（）

西漢銅蹴鞠圖案印

A.蹴鞠從踢出到最高點的過程用時1.5s

B.踢出時蹴鞠在豎直方向分速度大小為IIm/s

C.蹴鞠在最高點速度的大小為0

D.蹴鞠到踢出點等高處的水平射程為24.2m

10.如圖所示，一長為L的光滑細圓管，固定在豎直方向上，底端距離地面高度為瓦用輕

繩穿過細圓管將甲、乙兩球連接在一起。輕繩的最大拉力為甲球重力的2倍。甲球以某一角

速度繞細圓管在水平面內做勻速圓周運動時，乙球靜止在細圓管底端，且與細圓管之間恰好

試卷第4頁，共8頁

沒有彈力。此時小球甲到細圓管頂點。的距離也為乙己知甲、乙兩球質量分別為叫和

且〃4：〃4=1:血，乙球的直徑大于細圓管的直徑，甲球視為質點，重力加速度為g,則下列

說法正確的是（）

A.此時圓周運動的半徑為"L

2

B.此時圓周運動的角速度大小為招:

c.增大角速度至輕繩拉力最大時，甲球的重力勢能增加量為史必二］

2

D.增大角速度，當輕繩恰好斷開時，甲球落地瞬間速度大小為秒雙二^

二、實驗題（每空2分，共16分）

11.在“探究平拋運動的特點”實驗中：

⑴采用如圖甲所示裝置探究平拋運動規律，用頻閃照相法記錄兩球落地前在不同時刻口勺位

置如圖乙所示，圖中實線為止交的水平線和豎直線，且相鄰觸直線間距相等。下列說法正確

的是________（多選）。

A.應改變小錘的打擊力度和鋼球高度，進行多次實驗

B.可以通過眼睛觀察來判斷A、B兩球是否總是同時落地

C.通過圖乙照片僅可判斷鋼球在水平方向做勻速直線運動

D.通過圖乙照片可判斷鋼球豎直方向做自由落體運動，水平方向做勻速直線運動

⑵進一步采用圖丙所示的裝置探究平拋運動的特點。鋼球沿斜槽M滾下后從末端飛出，落

在傾斜的擋板N上后擠壓固定在背板上的復寫紙，在白紙上留下印跡。

①關于本實驗，下列說法正確的是_______。

A.記錄鋼球位置時，每次必須嚴格地等距離下降

B.鋼球運動時擋板及白線應保持豎直

C.建立坐標系時應以槽口的端點作為坐標原點0

②如圖丁是實驗中鋼球從斜槽上不同位置由靜止釋放獲得的兩條軌跡，軌跡①所對應的鋼球

在斜槽上釋放的位置________（填“較低”或“較高

③如圖戊所示實驗記錄了若干點跡，請在圖戊中用小黑點“?”標出小球的拋出點的位置

圖戊

12.按要求完成卜列實驗題：

（I）實驗小組利用圖甲中器材在圓形桌面上驗證平行四邊形定則。桌面上固定白紙，邊緣安

裝三個不計摩擦的定滑輪，其中滑輪＜的位置固定，鳥、A可沿桌邊緣移動，實驗中保證

三段細線均平行于桌面。三根細線系在同一點。，在每根細線下分別掛上一定數量的鉤碼（鉤

碼規格相同），并使結點。（不與桌面接觸）靜止。

甲乙

①實驗中必要的步驟是。（多選）

A.測出當地重力加速度以計算拉力大小

試卷第6頁，共8頁

B.記錄三根繩子所掛鉤碼數量

C.測量出三根細線的長度并記錄三根細線的方向

D.標記平衡時結點。的位置并記錄三根細線的方向

②實驗中，若桌面不水平，（填"會”或“不會”）影響實驗的結論。

⑵某實驗小組利用如圖乙所示的裝置驗證機械能守恒定律。不可伸長的輕質細線一端固定

在鐵架臺上P點，另一端連接一個小球（小球上固定一寬度為“的擋光片），光電門安裝在

。點的正下方。實驗時，將小球拉至細線（始終拉緊）與豎直方向成。角的位置由靜止釋放，

記錄小球通過光電門時擋光片的擋光時間4。已知細線懸點到小球中心的距離為L當地

重力加速度為g。

①小球通過光電門時的速度大小為丫=o（用,/、4表示）

②若機械能守恒，需滿足的表達式為弘=o（用。、d、，表示）

三、解答題（共38分）

13.（10分）一個質量為加=1kg的小球在光滑水平面上運動，在此水平面上建立如圖所示

的直角坐標系xOy,片0時刻小球經過坐標原點O,速度方向與x坐標軸正方向成30。角，速

度大小為￡尸2m/s,此刻開始對小球施加兩個力，分別是沿x軸負方向的水平恒力K=V5N

和沿），軸負方向的恒力后=3N。求：

,y/m

--------------------->x/m

（1）小球再次經過.y軸的位置坐標：

（2）小球運動過程中何時具有最小速度？最小速度是多少？

14.（12分）有人設想建設貫通地球弦線的光滑列車隧道：質量為用的列車不需要引擎，從

入口的4點由靜止開始穿過隧道到達另一端的3點，O,為隧道的中點，O,與地心O的距離

為h二顯R,如圖所示。假設地球是質量均勻分布的球體，地球的半徑為R,表面的重力加

2

速度為g，忽略地球的自轉。己知質量均勻分布的球殼對球殼內物體的引力為零，2點到O'

的距離力.i,引力常量為G,求:

⑴列車在P點受到引力的大小與列車在地面受到重力大小/叫的比值;

(2)列車在。點沿隧道44方向的加速度大小。

15.(16分)如圖所示，水平傳送帶以恒定速度網=3m/s順時針運行，傳送帶上方矩形區域

BC內固定有掃描儀，掃描區左右邊界從C相距。c=1.65m,傳送帶最左端4到邊界B的

距離〃產0.96m。現將兩個完全相同的物體(視為質點)先、后無初速度地放上A端，已知

每個物體的質量〃=5.0kg,物體與傳送帶間的動摩擦因數4=0.3,重力加速度g取10m0,

不計空氣阻力。

⑴求物體與傳送帶剛好共速時到A端的距離。

(2)只傳送一個物體時，求傳送帶的電動機多消耗的能量。

⑶若要求每次只能有一個物體處于8C區域進行掃描，求放兩個物體的最短時間間隔。

試卷第8頁，共8頁

《2025-2026學年高一物理下學期期末模擬卷（一）》

參考答案

題號12345678910

答案AAABCCDBCBDAC

1.A

【詳解】球做曲線運動，根據曲線運動的特點，速度、合外力、軌跡的空間關系，速度方向

沿軌跡的切線上，力在軌跡的內側，且指向凹向側，足球減速，則力方向與速度方向的夾角

為鈍角。

故選Ao

2.A

【詳解】根據運動的合成與分解，若救援所用時間最短，則消防員的速度應與河岸垂直，且

出發點應位于礁石上游，使合速度方向指向被困于礁石上的學生，故A正確，BCD錯誤。

故選Ao

3.A

【詳解】A.因為從動輪和主動輪的轉動方向都和滾輪的轉動方向相反，所以從動輪和主動

輪的轉動方向始終相同，選項A正確；

B.滾輪在尸處，從動輪和主動輪與滾輪接觸的點的線速度相等，而從動輪的半徑大于主動

輪的半徑，根據-=◎*可知，從動輪的角速度小于主動輪的角速度，選項B錯誤：

C.主動輪的轉速不變，滾輪從E到尸，主動輪的半徑越來越小，主動輪與滾輪接觸的點的

線速度一直減小，從動輪的線速度與滾輪的線速度相同，一直變小，選項C錯誤；

D.滾輪從E到廣，從動輪的線速度一直減小，乂因為從動輪的半徑在變大，且口="r二2與”

滾輪從E到尸，從動輪的轉速一直減小，選項D錯誤。

故選Ao

4.B

【詳解】A.恒定功率啟動，由網可知，速度-逐漸增加，尸逐漸減小，由牛頓第二定

律可得

F—F,

a=------L

m

可知加速度。逐漸減小，則汽車做加速度減小的加速運動，A錯誤；

答案第1頁，共10頁

B.當時，速度達到最大，利用

求得最大速度

%=50m/s

B正確；

C.由B選項解析可知，當以不同的恒定功率啟動所能達到的最大速度不同；C錯誤；

D.若汽車到達最大速度的時間為3由于在f時間內，汽車不是做勻加速直線運動，則平

均速度不等于會，因此位移不等于

v

x=-t

2

D錯誤。

故選Bo

5.C

【詳解】A.根據，=聘

兩物體下落的豎直高度相同，可知時間相等，兩物體同時拋出，則同時到達尸點，選項A

錯誤；

Y

B.因從A拋出的水平位移較大，根據%

可知從人拋出的水平速度較大；根據外=/

可知兩物體豎直速度相等，根據-=斤彳

可知到達2點時從A拋出的速率較大，選項B錯誤；

x.hh，/八

CD.兩物體的水平位移之比為一————=16:9

xBtan37tan53

（。為尸點到A3的距離）根據％=：

可知拋出時兩物體的速度大小之比巳：以=匕：4=16:9

選項C正確，D錯誤。

故選C。

6.C

【詳解】A.第三宇宙速度是脫離太陽系的最小發射速度（約16.7kin/s）o嫦娥七號只是前

答案第2頁，共10頁

往月球，仍在太陽引力范圍內，發射速度小于第三宇宙速度。A錯誤；

B.軌道I是低軌道橢圓，軌道n是更高軌道的橢圓，兩者在近地點M點相切。從軌道I變

軌到軌道II,需要在M點加速，做離心運動才能進入更高軌道，因此嫦娥七號沿著軌道I

通過M點的速率小于沿著軌道II通過M點的速率。B錯誤；

C.進入地月轉移軌道，需要在M點加速，即向后噴氣，做離心運動。C正確；

D.開普勒第二定律的適用條件是同一軌道、同一中心天體。軌道I和II是兩個不同的軌道，

因此在相同時間內與地球連線掃過的面積不相等。D錯誤。

故選C。

7.D

【詳解】AB.兩木塊分開瞬間加速度相等，速度相等，兩者之間彈力為0,設此時共同的

加速度為。，彈簧的彈力為八對B木塊由牛頓第二定律有〃”1M

對A木塊由牛頓第二定律有2〃〃ig+T=2〃也

解得r=0N

所以此時彈簧沒有彈力，即彈簧處于原長狀態，故AB錯誤；

C.結合上述可知，A、B分開時彈簧已經恢復原長，全程彈簧所做總功為0,從力廠開始

推動B到A、B木塊分開，對全程由動能定理可得卬%(〃i+2Wg2v=E-0

木塊A、B分開時有&K)

即有(w+2w)g2d0

解得W侖

故C錯誤；

D.從彈簧壓縮量為x時撤去力”到A木塊和B木塊分開，由動能定理可得卬竹〃(機+2〃?)

g^Ek

水平力尸向左緩慢壓B,水平力大小始終與彈簧彈力大小大小相等，則有*h2

結合上述可知，A、B分開時有E立()

即有3m2一3〃〃吆工之。

解得X2空

K

故D正確。

故選D。

8.BC

答案第3頁，共10頁

【詳解】A.根據萬有引力提供向心力可得

GMm4/

,一T2r

根據幾何關系可知

R

r~.0

sin—

2

聯立可得

GTsin—

故A錯誤;

B.行星體積為

4

V=—標

3

則行星的平均密度為

M3乃

一…⑷

GTsin—

故B正確;

C.行星表面，根據重力等于萬有引力可知

GMm

解得行星表面的重力加速度為

GM4/H

故c正確;

D.行星的第一宇宙速度設為打，則有

GMmwvj2

R1~~iT

解得

故D錯誤。

故選BCo

答案第4頁，共10頁

9.BD

【詳解】A.將蹴鞠從踢出到最高點的過程的逆過程看成是平拋運動，則用時

，=樣=月""孰A錯誤；

B.踢出時蹴鞠在豎直方向分速度大小為n,，=g/=Um/s,B正確；

C.蹴鞠在最高點速度等于拋出時的水平速度，則大小匕=匕.tan45=1InVs,C錯誤;

D.蹴鞠到踢出點等高處的水平射程為1=匕-2/=24.2m,D正確。

故選BDo

10.AC

【詳解】A.設甲球質量為加，乙球與細圓管之間恰好沒有彈力，則輕繩拉力大小為

F—niyg—>/2mg

甲球繞細圓管在水平面內做勻速圓周運動時，輕繩拉力的豎直分量與甲球的重力相等，滿足

Fcos0=mg

其中。為輕繩與細圓管的夾角，解得0=45。

可知此時圓周運動的半徑為正L,故A正確;

2

B.輕繩拉力的水平分量作為圓周運動的向心力，滿足Fsin，=〃?02x受L

2

解得口=，亨，故B錯誤;

C.輕繩的最大拉力為甲球重力的2倍，當輕繩拉力最大時，輕繩拉力的豎直分量仍與甲球

的重力相等，滿足不”85夕=，咫

解得〃'=60。

甲球上升高度△"=L(cosG-cos/)=A

甲球的重力勢能增加量為空莊」，故C正確；

2

2

D.當輕繩恰好斷開時，甲球做平拋運動的初速度匕滿足心、sin夕=/〃」5r

Asin。'

解得匕=5

答案第5頁，共10頁

甲球離地面的高度為〃'二力+L(l-cos60o)=/?+4

輕繩斷開后，甲球做平拋運動，落地速度的豎直分量為%=

故甲球落地瞬間速度大小為v=舊+V；=祗gL+2或

故D錯誤。

故選ACo

11.(1)AD

1A

、B

(2)B較局

C

圖戊

【詳解】(I)A.為了得到普遍規律，需要改變打擊力度改變平拋初速度、改變鋼球下落

高度多次實驗，故A正確；

B.鋼球下落速度快，人眼無法準確判斷兩球是否同時落地，故B錯誤；

CD,頻閃照相時間間隔相等，圖中相鄰豎直線間距相等，說明水平方向相等時間位移相等，

可判斷水平勻速直線運動；豎直方向相鄰相等時間位移差恒定，滿足自由落體的位移規律,

可判斷豎直方向為自由落體運動，故C錯誤，D正確。

故選ADo

(2)[I]

A.本實驗不需要每次嚴格等距離下降擋板，只需要記錄多個位置即可，故A錯誤；

B.平拋運動在豎直平面內，因此擋板和白紙必須保持豎直，故B正確；

C.建立坐標系時，原點應為小球在槽口時球心在白紙上的投影，不是槽II端點，故C錯誤。

故選B。

⑵②軌跡①水平位移更大，說明平拋初速度更大；釋放位置越高，小球下滑獲得的初速度

答案笫6頁，共10頁

越大，因此軌跡①對應釋放位置較高。

⑶設方格邊長為/，水平相鄰兩點間隔相等，時間間隔7相等;

豎直方向加=31,y8c=9,由Ay=gF可推得：拋出點距離A點水平向左31、豎直向上/,

對應位置就是4點左3格、上I格的網格交點。如下圖:

圖戊

12.(1)BD不會

~Z2（1-cos。）A/

【詳解】（1）[1]AB.由題意知，利用圖示方法驗證平行四邊形定則，只需記錄每根細線下

所拄鉤碼的數量即可反映細線所受拉力大小，不需測出當地重力加速度以計算拉力具體數值,

故A錯誤，B正確；

CD.為了能做出力的圖示，需要記錄三個力的交匯點。的位置，并記錄三根細線的方向作

為拉力方向，細線的長度與力的大小無關，故C錯誤，D正確。

故選BDo

⑵實驗中，只需保證。點受力平衡即可，細線的拉力等于懸掛鉤碼的重力與桌面是否水平

無關。

（2）[1]擋光片通過光電門的平均速度為三;

△t

當擋光片寬度較小時，可用計算得到的平均速度來替代小球通過光電門時的瞬時速度。

⑵若機械能守恒，可知〃火“1-cos0=L加=—m—

V722

答案第7頁，共10頁

化簡得弘=2(1-二。M

13.(1)(0,-4m)

(2)0.5s,lm/s

【詳解】(1)將初速度山沿x軸和.y軸進行分解%*=%cos30,vo,.=vosin3O°

則x軸方向：以儂為初速度做勻減速直線運動

加速度大小為4=*

m

則y軸方向：以孫為初速度做勻減速直線運動

加速度大小為?=—

vm

設小球從原點出發到再次達到)，軸經歷〃，則沖％/_9片

22?

解得〃=2s,y=Tm

再次經過.y軸的位置坐標為(。，-4m)

(2)合外力七=柝二百=〃?〃

合力方向與y軸負方向夾角3()。，則〃=2&m/s2

沿合力方向和垂直于合力方向建立如圖