北京市海淀區2025年中考一模物理試題（含答案）

北京市海淀區2025年中考一模物理試題

一、單項選擇題（下列每題均有四個選項，其中只有一個選項符合題意。共24分，每題2分）

1.如圖所示，書包帶做得較寬的目的是（）

A.通過增大壓力，來增大書包對肩部的壓強

B.通過減小壓力，來減小書包對肩部的壓強

C.通過增大受力面積，來減小書包對肩部的壓強

D.通過減小受力面積，來增大書包對肩部的壓強

2.海綿陶瓷是我國科學家研發的一種超輕質材料，它不僅具備傳統陶瓷材料耐高溫、隔熱好等優點，而且

同海綿一樣富有柔性和彈性。由此可推測，海綿陶瓷適合用來制作（）

A.消防服B.晾衣架C.水果刀D.保險絲

3.2024年12月，長征二號丁運載火箭一次將五顆衛星分別送入預定軌道，發射任務取得圓滿成功。圖中所

示為發射時火箭上升的情境。關于該發射過程，下列說法正確的是（）

火能、

A.以地面為參照物，發射塔是運動的

B.以發射塔為參照物，火箭是靜止的

C.以火箭為參照物，地面是靜止的

D.以火箭為參照物，發射塔是運動的

4.如圖所示，“天宮課堂”上王亞平老師將兩塊透明板上的水球接觸后粘在一起，慢慢拉開板后形成一個長長

的“液橋”，該現象主要說明了（）

第1頁

A.水分子間存在排斥力B.水分子間存在吸引力

C.水分子間存在有空隙D.水分子在無規則運動

5.始建于元代的鐘鼓樓作為北京中軸線北端的地標建筑，曾用其悠揚遠傳的暮鼓晨鐘之聲為城市報時。下

列說法正確的是（）

A.正在發聲的鐘和鼓，沒有振動

B.鐘鼓之聲悠揚遠傳，是因為聲音傳播不需要介質

C.人們依據音色的不同，能區分出鐘和鼓的聲音

D.鐘和鼓振動的頻率越高，它們發出聲音的響度越大

6.如圖所示為蒸儲法淡化海水的裝置示意圖，該裝置利用太陽能加熱海水從而獲得淡水。下列說法不正確

B.水蒸氣在膜上形成小液滴的過程需要放熱

C.海水變成水蒸氣的過程需要吸收熱量

D.提高裝置內的溫度有助于加快海水的蒸發

7.如圖所示，一架直升機從靜止在平靜海面上的軍艦上起飛并遠離。與直升機起飛前相比（）

A.軍艦會略向上浮，其所受浮力變大

B.軍艦會略向.上浮，其所受浮力變小

C.軍艦會略向下沉，其所受浮力變大

D.軍艦會略向下沉，其所受浮力變小

第2頁

8.一小球從一定高度由靜止釋放，不計空氣阻力。小球下落過程中，下列說法正確的是（）

A.小球所受合力為零

B.小球的動能先增大，后保持不變

C.小球始終受到慣性的作用

D.小球所受重力做功越來越快

9.通過燈泡Li和L2的電流I隨其兩端電壓U變化的圖像如圖所示，卜.列說法正確的是（）

A.若兩燈串聯接在電源兩端，則L兩端的電壓大于L2兩端的電壓

B.若兩燈串聯接在電源兩端，則Li消耗的功率大于Lz消耗的功率

C.若兩燈并聯接在電源兩端，則通過L的電流大于通過Lz的電流

D.若兩燈并聯接在電源兩端，則Li消耗的電能小于L2消耗的電能

10.如圖1所示，水平拉力R作用在物體甲上，使其沿水平面以速度w向右做勻速直線運動；如圖2所

示，在甲上放置物體乙，水平拉力F2作用在甲上，使兩物體一起沿同一水平面以速度V2向右做勻速直線運

動。B和F2作用時間均為t,忽略空氣阻力。下列判斷正確的是（）

_____>匕-%

FI乙Ip

甲-1甲2

，///）/////〉///〃〃/〃/〃//.，////）///〃）/////〃〃//////,

圖1圖2

A.vi—?定小于V2B.Fi一定小于Fz

C.B做的功一定小于F?做的功D.Fi的功率一定小于F2的功率

11.用如圖所示裝置將物體從水中提出，己知物體的運動速度始終保持不變，不計繩重和摩擦。物體完全離

開水面以后，與物體浸沒在水中時相比，下列判斷正確的是（）

A.滑輪組的機械效率變大B.天花板所受的拉力變小

C.拉力F的大小保持小變D.拉力F的功率可能小變

12.科技小組對某材料所能承受的撞擊力進行測試。測試時，將材料樣品平放在壓力傳感器1可等效為可變

第3頁

電阻）上，如圖1所示。閉合開關S,由靜止釋放一重物，重物與樣品碰撞后立即粘在一起，最終靜止在壓

力傳感器上。圖2描繪了撞擊前、后一段時間內電流表的示數I隨時間t變化的關系。已知電源兩端電質恒

為24V,定值電阻Ro=10Q,可變電阻的阻值R隨其所受壓力F變化的關系如圖3所示。下列說法正確的是

()

B.從10ms至lj14ms的過程中，壓力傳感器所受的壓力增大

C.整個過程中，壓力傳感器所受的最大壓力是400N

D.可變電阻在14ms時的電功率大于其在6ms時的電功率

二、多項選擇題（下列每題均有四個選項，其中符合題意的選項均多于一個。共6分，每題2分。

每題選項全選對的得2分，選對但不全的得1分，有錯選的不得分）

13.圖中所示的海油觀瀾號是我國的深遠海浮式風力發電平臺，它可以漂浮在海面上為海上油氣生產供電，

其額定發電功率為7.25xl03kW。下列說法正確的是（）

A.海油觀瀾號所利用的風能屬于可再生能源

B.海油觀瀾號所產生的電能是由機械能轉化而來的

C.海油觀瀾號所處海域海水的深度越大，其所受浮力就越大

D.海油觀瀾號正常工作1s能產生7.25x103kW-h的電能

14.小明想設計一個測量未知電阻的電路：電源兩端電壓保持不變，將待測電阻Rx（圖中未畫出）接在a、b

之間，閉合開關Si,分別記下開關S2斷開和閉合時電流表的示數h和12,僅利用h、12和定值電阻的阻值Ro

便可得到七的陽值。下列設計中符合上述要求的是（）

第4頁

15.如圖1所示，甲、乙兩個相同的直柱形容器靜置在水平桌面上，其內裝有質量相同且溫度均為h的水,

A為甲中到容器底部距離不變的一點,乙中的物體用細繩固定在容器底部，細繩處于繃直狀態。圖2描繪了

水的密度P隨水的溫度t變化的關系。不考慮溫度對物體和容器的影響以及水的蒸發。下列說法正確的是

()

A.水溫從匕緩慢升至4c的過程中，甲中水在A點產生的壓強增大

B.水溫從U緩慢升至t2的過程中，乙中細繩的拉力先增大、再減小

C.水溫從4℃緩慢升至匕的過程中，乙中水對客器底部的壓力不變

D.當水溫為4℃時，，乙和甲中的水對容器底部的壓強之差達到最大

三、實驗探究題(共28分，16、20、23題各3分，17至19題各4分，21題2分，22題5分)

16.用調好的天平測量小石塊的質量，天平平衡時，右盤上的祛碼和游碼位置如圖所示，小石塊的質量口】為_

g,用量筒測出小石塊的體積V為10cnR依據公式p=,可以算出該小石塊密度的測量值為

g/cn?。

20g

?廠i…廠

17.(1)圖1中的落日在頤和園昆明湖中的“像”，是由于光的形成的。

圖1

第5頁

（2）圖2中，白光通過三棱鏡折射后會形成紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫等顏色組成的光帶，該現象說

明白光足由組成的。

圖2

18.（1）如圖所示，兩個完全相同的燒瓶內分別裝有質量相等的水和煤油、相同的電熱絲Ro用該實驗裝置探

究“液體吸熱多少與液體種類是否有關“，當通過R的電流相同時，可通過反映液體吸收熱量

的多少。

/溫度計,

（2）在測量氧氣的比熱容時發現，氧氣的壓強分別為1.01xl＜）5pa和2.02xl05Pa時，所測巴的氧氣的比熱

容不同，由此可得出的結論是O

19.利用1個直流電源、3塊電流表（Ai、A2和A）、2個滑動變阻器（氐、R?）、1個開關和若干導線，探究

在并聯電路中，通過干路的電流I與通過R的電流L、通過R2的電流h之和的關系。

（1）畫出實驗電路圖；

（2）畫出實驗數據記錄表格。

20.如圖1所示，將焦距為f的凸透鏡固定在光具座上50cm刻線處，光屏和點燃的蠟燭分別位于凸透鏡兩

側。用此裝置進行實驗，得到圖2中像距v隨物距u變化的圖像。

（1）根據上述信息可知，f=cm；

（2）將蠟燭置于15cm刻線處、凸透鏡置于50cm刻線處、光屏置于70cm刻線處，若在凸透鏡和蠟燭之

間再放置一個合適的（選填“凹”或“凸”）透鏡，則可在光屏上觀察到燭焰清晰的像；

（3）保持圖1中凸透鏡位置不變，取走蠟燭，將粘貼在光屏上，如圖3所示，并將光屏置于55cm刻

線處，從左側通過凸透鏡觀察，會看到圖4中的1,

FFm三?

ABCD

圖3圖4

第6頁

21.（1）利用圖中所示的實驗裝置探究導體在磁場中運動時產生感應電流的條件，靈敏電流L的作用

足;

（2）若要探究通電導體在磁場中的受力情況，則可將圖中靈敏電流計替換為,進行實驗。

22.在探究杠桿平衡條件時，所用每個鉤碼的質量均相等、杠桿上相鄰刻線間的距離相等。

圖I

（1）如圖1所示，為使杠桿在水平位置平衡，應將右端的平衡螺母向（選填“左”或“右”）端調

節。杠桿水平平衡后，在A點懸掛2個鉤碼，如圖2所示，為使杠桿保持水平平衡，應在B點懸掛

個鉤碼；

（2）如圖3所示，若每個鉤碼質量為50g,則應在C點施加一個F=N的豎直拉力作為動力，

來維持杠桿水平平衡。此時該杠桿與下圖中的正常使月時的杠桿類型相同；（取羅10N/kg）

（3）在圖3中杠桿水平平衡的基礎上，在支架上固定1個滑輪，將懸掛鉤碼的細線繞過滑輪，如圖4所

示。若仍使杠桿保持水平平衡，則豎直拉力F'F。（選填“>'=”或“v”）

23.實驗室有額定電壓U皺相同但額定功率未標識的燈泡Li和先將L接入如圖所示電路的a、b兩點之

間，閉合開關S,電壓表示數為Ui；斷開開關S,取下Li后，將L?接入電路的a、b兩點之間，閉合開關

S,電壓表示數為U2,發現U>U2。已知電源兩端電壓恒為U,Li、L2的阻值保持不變，Ro為定值電阻。分

析比較燈泡L1和L2的額定功率Pl和P2的大小。

ab火0

--oo~~~II---

四、科普閱讀題（共4分）

24.請閱讀《鎖邊塔克拉瑪干》并回答題。

第7頁

鎖邊塔克拉瑪干

新疆的塔克拉瑪T?沙漠足我國最大的沙漠，也足世界第二大流動沙漠。這片廣袤無垠的沙海，以其極端的

氣候條件和惡劣的自然環境，對周邊地區構成了嚴重威脅％為了有效阻擋沙漠的擴張、降低沙塵暴的影響，

我國啟動了塔克拉瑪干沙漠鎖邊工程。

鎖邊工程的核心是構建一條綠色阻沙防護帶，以阻擋沙漠的侵襲。工程固沙是重要的方法之一。工程固沙

是通過鋪設草方格沙障和高立式沙障實現的。其中草方格沙障利用蘆葦稈等材料扎成方格，鋪設在沙地上，

通過增加地表粗糙程度來降低風速，以減少風沙的搬運能力，達到固沙的效果，從而能夠有效地減少沙塵暴

的發生。

除了工程固沙，還有光伏治沙。在沙漠邊緣或內部建設光伏發電站，利用光伏板吸收太陽能并轉化為電

能。光伏板不僅提供了清潔能源，還起到了降低風速、削弱風的挾沙能力的作用。這是因為光伏板相當于一

道屏障，能夠阻擋部分風沙的流動，同時其遮陽效果也能降低地面溫度，調節熱力平衡，進一步減少風沙流

動。

此外，還有生物治沙，如植樹造林，通過種植胡楊、紅柳、槎柳等林木，以及酸棗、沙棗、板藍根、甘

草、玫瑰花等經濟作物實現擴綠增綠。

歷經多年努力，一條長達3046km的綠色阻沙防護帶終于在塔克拉瑪干沙漠邊緣形成，如同給塔克拉瑪干

沙漠戴上了“綠色圍脖鎖邊塔克拉瑪干，不僅為當地的經濟發展提供了有力保障，也為全球沙漠治理提供

了寶貴經驗。

請根據上述材料，回答下列問題：

（1）草方格沙隙是通過增加來降低風速，減少風沙的搬運能力，實現固沙。

（2）光伏發電板既可以將能轉化為電能，又可以阻擋部分風沙的流動。

（3）一種分析沙塵暴的模型如下：

豎直向上運動的氣流將大量沙塵顆粒（每個顆?？梢暈橘|量分布均勻的球體）揚起后懸浮在空中并保持不

動，每個沙塵顆粒的體積”3,其所受氣流豎直向上的作用力仁:即非/,其中p是空氣密度、r是沙塵

顆粒的半徑、v是豎直向上的氣流流速，忽略沙塵顆粒所受浮力。

根據該模型可知，某區域豎直向上的氣流流速越大，可懸浮在空中的沙塵顆粒的半徑越o經過

工程固沙等措施治理后，測得某區域發生沙塵暴時豎直向上的氣流流速v降為4m/s,取該區域空氣密度p=

1.25kg；m\沙塵顆粒的密度po=3xlO3kg/m3和g=10N/kg,可知此次沙塵暴中懸浮在空中的沙塵顆粒的半徑

r=mm。

五、計算題（共8分，25、26題各4分）

25.將一物體懸掛在彈簧測力計下，穩定時彈簧測力計的示數為5N。如圖所示，將物體浸沒在水中，穩定時

彈簧測力計的示數為3N。已知水的密度p=l.Oxl（）3kg/m3,取g=10N/kg。

第8頁

(1)畫出物體浸沒在水中時的受力示意圖。

(2)求物體所受浮力的大小

(3)求物體的體積V。

26.圖1所示為某種電熨斗的原理圖，虛線框內為其加熱電路，其中Ro是定值電阻，R是可調電阻(不考慮

溫度對其阻值的影響)，電熨斗產生的熱量全部來自R。和R。已知加熱電路兩端的電壓U=220V且保持不

變，加熱電路所能達到的最大和最小發熱功率分別為484W和121W。

(1)求Ro。

(2)求R接入電路中的最大阻值Rmax。

(3)圖2描繪了電熨斗發熱面溫度與環境溫度的溫差AT隨電熨斗發熱功率P變化的關系。當電熨斗在

恒為20℃的環境中熨燙某種布料時，要求電熨斗發熱面的溫度恒為200℃。請分析判斷當R接入電路中的阻

值為10Q時，能否滿足上述要求。

第9頁

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解析】書包帶設計得較寬是為了在書包對肩部壓力不變的情況下，通過增加受力面積來降低壓強。

根據壓強公式p=F/S可知，當壓力F一定時，增大受力面積S可以減小壓強p。A、B、D選項所述內容與題

目要求不符，C選項正確體現了“減小壓強”的設計目的。

故選Co

【分析】壓強的影響因素：公式為P二F/S,所以壓強的大小和壓力大小成正比，和受力面積成反比；壓強大

小于接觸面材料無關，所以在壓力一定時，受力面積越小，壓力的作用效果越明顯。

2.【答案】A

【解析】【解答】A.海綿陶瓷具有耐高溫的特性，因此適合用于消防服等高溫環境下的防護裝備，選項A符

合題意。

BC.晾衣架和水果刀需要具備較高的硬度和剛性，而海綿陶瓷的特點是柔性和彈性較好，因此不適合用于晾

衣架和水果刀，選項BC不符合題意。

D.保險絲需要低熔點的材料以便在過載時熔斷，而海綿陶在耐高溫的特性使其不適合用作保險絲，選項D

不符合題意。

綜上所述，正確答案是A。

【分析】海綿陶瓷具備耐高溫、隔熱好、富有柔性和彈性，所以可作消防服。

3.【答案】D

【解析】【解答】A選項分析：在發射過程中，若以地面為參照物，發射塔的位置沒有發生變化，因此是靜止

的。所以A選項的說法是錯誤的。

B選項分析：在發射過程中，若以發射塔為參照物，火箭的位置在不斷變化，因此是運動的。所以B選項的

說法是錯誤的。

C選項分析：在發射過程中，若以火箭為參照物，地面的位置在不斷變化，因此是運動的。所以C選項的說

法是錯誤的。

D選項分析：在發射過程中，若以火箭為參照物，發射塔的位置在不斷變化，因此是運動的。所以D選項的

說法是正確的。

綜上所述，正確答案是D。

【分析】物體相對運動：物體與參照物運動狀態不一致，所以物體相對參照物運動，物體與參照物運動狀態

不一致，所以物體相對參照物靜止。

4.【答案】B

【解析】【解答】在“天宮課堂”上，將兩塊透明板上的水球接觸后粘在一起，慢慢拉開板后形成一個長長的

“液橋”，說明水分子間存在引力，故B符合題意，ACD不符合題意。

第10頁

故選Bo

【分析】分子間存在相互作用的引力和斥力。

5.【答案】C

【解析】【解答】A.聲音的產生源于物體振動，正在發聲的鐘和鼓必然處于振動狀態，因此選項A的表述是

錯誤的。

B.聲音傳播依賴介質，鐘鼓聲能夠傳播至遠處是通過空氣等介質實現的，故選項B的說法不正確。

C.由于不同發聲體的材料和結構差異會產生獨特的音色特征，人們正是通過音色的區別來分辨鐘聲和鼓

聲，所以選項C的結論是正確的。

D.鐘鼓振動頻率決定音調高低（頻率越高音調越高），而響度取決于振幅大小，與頻率無關，因此選項D

的表述存在錯誤。

正確答案是C。

【分析】1、聲音產生是由物體振動產生，通過介質（固體、液體、氣體）中傳播，不能在真空中傳播；

2、聲音的特點：不同材料決定音色不同；振幅決定響度；振動頻率決定音頻；振動頻率決定音頻，頻率越

高，音調越高，頻率越低，音調越低；聲音的響度與聲源振動的幅度有關，振動幅度越大，響度越大.

6.【答案】A

【解析】【解答】AB.氣態水蒸氣在膜表面遇冷液化為小水滴，液化過程會釋放熱量，因此選項A”液化吸熱

”的說法是錯誤的（符合題意），而選項B“液化放熱”的說法是正確的（不符合題意）。

C.海水轉化為水蒸氣的過程中發生的是汽化現象，汽化過程需要吸收熱量，該選項表述正確（不符合題

意）。

D.液體蒸發速率受溫度、液體表面積和液體表面空氣流速等因素影響，提升裝置內部溫度可以促進海水蒸

發，該選項表述正確（不符合題意）。

綜上所述，錯誤的選項是A。

【分析】1、影響蒸發的因素有溫度和空氣流速，減小液體表面空氣的流動速度以及降低溫度都可以降低

蒸發的速度，增大溫度以及加快空氣的流速，可以加快蒸發速度；

2、液化為氣態變為液態會釋放熱量，如露珠；

3、汽化為液態變為氣態，會吸收熱量，如：蒸發。

7.【答案】B

【解析】【解答】軍艦始終處于漂浮狀態，根據浮沉條件可知，軍艦受到的浮力始終等于其重力。當直升機從

軍艦上起飛后，軍艦的總重力減小，因此軍艦受到的浮力也隨之減小。根據阿基米德原理公式尸浮=。液9。*

分析，在液體密度（pQ和重力加速度（g）不變的情況下，浮力減小必然導致排開液體的體積（VQ減

小,因此軍艦會略微上浮.綜上所述，與直升機起飛前相比,軍艦會上浮且所受浮力減小,故選項B正確.

ACD錯誤。

第11頁

故選Bo

【分析】1、浮力的本質為上下表面產生的壓力差，計算公式為Fxp淞gV“，所以物體所受浮力和物體所處

的深度無關，與排開水的體積有關，當排開水的體積越小時，浮力越小，排開水的體積越大時，浮力越大；

2、阿基米德原理：物體排開水的重力等于物體所受浮力；

3、物體沉浮條件：物體懸浮時的浮力等于重力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度等于液體的密

度，物體漂浮表明浮力等于重力（排開水的體積小于物體體積），物體的密度小于液體的密度，物休卜.沉時

重力大于浮力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度大于液體的密度。

8【答案】D

【解析】【解答】A.題目中假設空氣阻力忽略不計，因此小球在下落過程中僅受到重力作用。根據牛頓第一

定律，物體所受合外力不為零時會產生加速度，故A選項”合力為零”的說法是錯誤的。

B.由于小球在重力作用下做自由落體運動，其速度會隨時間不斷增加，動能會持續增大，不可能保持不

變，因此B選項是錯誤的。

C.慣性是物體保持原有運動狀態的性質，是物體的固有屬性，不是一種作用力。因此”受到慣性作用”的表

述是錯誤的，故C選項不正確。

D.重力做功的功率計算公式為P=Gv=mgv。隨著下落速度v的增大，功率P也隨之增大，這表明重力做功

的速率越來越快，因此D選項是正確的。

綜上所述，正確答案是D。

【分析】1、慣性是物體的基本屬性，只有物體重力有關，當物體速度發生變化時，由于慣性物體保持原來

運動狀態的屬性，利用慣性的實例：運動員助跑起跳，乘車系安全帶可以降低司機慣性帶來的傷害，慣性不

是力，不能用受到慣性、慣性力的作用進行表述；

2、機械能：機械能為動能和重力勢能之和，當質量不變時，動能和速度成正比，速度不變時，動能和質量

成正比；當質量不變時，重力勢能和高度成正比，高度不變時，重力勢能和質量成正比；

3、功率的計算：P=Fv0

9.【答案】C

【解析】【解答】選項AB分析：根據串聯電路電流特性，兩燈泡串聯時通過電流相同。由圖像可知，在相同

電流（縱坐標值相等）時，L的電壓低于L2的電壓。根據電功率公式2="可推得，串聯狀態卜.L的實際

功率小于L2,因此AB選項均錯誤。

選項C分析：并聯時兩燈電壓相同，圖像顯示此時L的電流大于L2,故C正確。

選項D分析：電能消耗取決于功率和工作時間，由于題目未給出工作時間，無法比較兩燈電能消耗量，故D

錯誤。

正確答案為C。

【分析】1、電功率的計算：公式為P二UL當電流相同時，據圖分析，電壓大的電功率大；

第12頁

2、并聯電路電壓相同，據圖分析可知，兩燈泡電壓相同下，通過通過L的電流大于通過L2的電流：

3、電功的計算：公式為W=UIt,電壓相同，通過通過Li的電流大于通過L2的電流，時間相同，據此分析電

功的大小。

10.【答案】B

【解析】【解答】A.勻速運動的速度與拉力大小無關。題目未提供任何關于速度關系的信息，因此無法比較

兩圖中速度的大小關系，選項A錯誤。

B.物體做勻速運動時，根據平衡條件，拉力大小等于摩擦力大小。摩擦力取決于接觸面的粗糙程度和正壓

力。圖2中的正壓力大于圖1中的正壓力，因此圖2的摩擦力大于圖1的摩擦力，即F2>FI,選項B正確。

C.由于無法確定兩圖中速度的大小關系，因此無法比較物體運動的路程，也就無法比較拉力做功的大小關

系，選項C錯誤。

D.功率是功與時間的比值。既然無法確定功的大小關系，也就無法比較功率的大小關系，選項D錯誤。

綜上所述，正確答案是B。

【分析】力和運動：物體靜止或者做勻速直線運動，物體受到平衡力的作用，物體做勻速直線運動，受到平

衡力，拉力和摩擦力大小相同，物體就會做勻速直線運動，速度和拉力大小無直接關系；

功的計算：W=Fvt=P（,有公式分析可知，速度不可知導致功率大小未知，做功多少未知。

11.【答案】A

【解析】【解答】A.當物體完全離開水面后，浮力消失，物體受到的拉力增大。在不計繩重和摩擦的情況

下，滑輪組的機械效率表達式為：

_有_______有______拉_拉_1

劣=匹=小有十"額=下拉五十G動九二手拉+G動=不^,由此可見，隨著「拉增大，機械效率II提高，因此選

項A正確。

BC.忽略繩重和摩擦時，自由端拉力計算公式為：任拉+G劉），物體離開水面后小拉增大導致F增大。

天花板承受的拉力為：尸拉’=G定+2匕因此天花板所受拉力也隨之增大，故選項B、C錯誤。

D.雖然物體運動速度恒定使自由端移動速度不變，但由于拉力F增大，根據功率公式：P二Fv計算可知可知

拉力的功率將增大，因此選項D錯誤。

正確答案為A。

“七F.,hF.,,

有—有_拉_fc_1

【分析】1、滑輪組機械效率的計算：-=%=皿有+小額=/拉*動人=勺否=下工;據此分析當拉

]+廠

拉

力變化時，機械效率的計算；

2、功率的計算：公式為PnFv；

第13頁

3、滑輪組的拉力的計算：公式為『=拉+G動）。

12.【答案】D

【解析】【解答】A.根據圖2數據，重物接觸樣品前電路電流l=0.2A,此時：定值電阻R。兩端電壓：

UO=IR（FO.2X1O=2V,可變電阻兩端電壓：UR=U-UO=24V-2V=22V,結合歐姆定律計算可知可變電阻阻值：

RN=尊=篇=110Q.因此選項A的結論是錯誤的。

B.分析圖2時間區間10ms.14ms：電流呈現減小趨勢，結合圖3特性：撞擊力增加，電阻減小，電流變大

可知電流減小對應壓力減小，故選項B的結論是錯誤的。

C.當電流峰值Im=L2A時：總電阻：R忌=￡=盜=20Q,區力傳感器電阻：R=Ra-Ro=20Q-10Q=10Q,

對應最大撞擊力應為600N

因此選項C的結論是錯誤的。

D.功率對比分析：14ms時刻（I=0.4A）：根據歐姆定律和電阻的串聯分析計算可知匕琮-心=君2-

100=50。，其功率為Pi=//&=（O.4A）2X5OC=8W：6ms時刻（I=0.2A）：同理計算可知%=

鬻一10Q=110C,可變電阻的電功率P2=/22R2=92A）2X110Q=4.4W，所以D的結論（Pi>P2）正

U.Zri

確。

綜上所述，正確答案為D。

【分析】1、電功率的計算：公式為P=/2R,據此計算不同時刻的電功率；

2、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電后為用電器電壓之和，總電阻為用電器電阻

之和；

3、電壓表與待測用電器并聯測量電壓，電流表串聯測量用電器電流，根據歐姆定律U=IR計算用電器的電流

和電阻以及電壓。

13.【答案】A,B

【解析】【解答】A選項：風能屬于可再生能源，因為可以持續從自然界獲取，”海油觀瀾號”利用的風能符合

這一特性，因此A選項正確。

B選項：該平臺通過發電機將機械能轉化為電能，其原理是電磁感應現象，所以B選項正確。

C選項：漂浮狀態時浮力等于重力，由于重力不變，浮力也不變，與海水深度無關，因此C選項錯誤。

D選項：計算1秒發電量：W=Pt=7.25x103kWx2kW-h>這個計算結果與選項不符，故D

ooUU

錯誤。

正確答案是AB。

【分析】I、可再生能源：使用后短期可以恢復的能源、如風能、太陽能、不可再生能源：使用內短期不能

再生的能源，如核能、化石能源；

第14頁

2、電磁感應定律的應用，閉合回路中的導體不斷做切割磁感線的運動，導體中就會產生感應電流的現象就

足電磁感應現象。能量轉化為機械能轉化為電能；

3、物體沉浮條件：物體懸浮時的浮力等于重力(排開水的體積等于物體體積)，物體的密度等于液體的密

度，物體漂浮表明浮力等于重力(排開水的體積小于物體體積)，物體的密度小于液體的密度，物體下沉時

重力大于浮力(排開水的體積等于物體體積)，物體的密度大于液體的密度；

4、電功的計算：公式為W=結合題目中給出的功率和時間計算電功。

14.【答案】A,D

【解析】【解答】A選項分析：當R、連接在a、b兩點之間時：閉合開關Si且斷開S2時，電路僅由Rx構成，

電流表測得h即為通過Rx的電流。閉合S2后，Ro與Rx形成并聯電路，電流表測得總電流上。根據并聯電路

特性：通過Ro的電流：Io=L-h,電源電壓：U=IoRo=(l2?L)RoR、阻值計算：Rx=g=%一二乙。,因此

A方案可行。

B選項分析：當R、接在a、b之間時：僅閉合Si時，Ro與Rx并聯，電流表僅測量Ro支路電流閉合S2

將導致電源短路，無法測量。故B方案不可行。

C選項分析：當R、接在a、b之間時：斷開S2時，Ro與R、串聯，電流表示數h,此時電源電壓：U=Ii(Rx

+Ro),閉合S2后電流表被短路，無法提供有效數據。故C方案不可行。

D選項分析：當Rx接在a、b之間時：斷開S2時，Ro與氐串聯，電流表示數L,此時：U=h(Rx+Ro),閉

合S2后僅Ro工作，電流表示數L,此時：U=I2RO,聯立方程可得：&=%"/?(),因此D方案可行。

正確答案為A、Do

【分析】伏安法測電阻；電壓表并聯待測電阻兩側測量待測電阻的電壓U,電流表串聯在電路中測量待測電

阻的電流I,根據歐姆定律R=U/I計算待測電阻的阻值。所以想要測量電阻的阻值，需要測量通過電阻的電

流和電壓，A選項分析，當開關S2斷開和閉合后，兩種情況下，Ro和Rx并聯，或者只有R、串聯進入電路

中，結合并聯電路電流規律以及歐姆定律計算分析R\；B選項，電流表只測量通過Ro兩端電流，無法測量

通過R、的電流，無法測量其電阻；C選項閉合S2后，電流表短路，無法測量電流，無法測量電阻；D選項

當開關S2斷開和閉合后，兩種情況下，R。和Rx并聯，或者只有Ro串聯進入電路中，結合并聯電路電流規

律以及歐姆定律計算分析Rx.

15.【答案】B,D

【解析】【解答】A選項分析：根據國2顯示，當水溫從U逐漸上升到4℃時，水的密度逐漸增大。對于甲容

器，水對容器底部的壓強計算公式為P甲底=等:。由于水的質量m和容器底面積S保持不變，因此PM不

變。設hi為水面到A點的距離，h2為A點到容器底部的距離，則壓強關系可表示為PLP水gh=p水

g(hi+hz)=p水ghi+p木gh2。隨著p水增大且h2不變，p水gh2增大。由于p底不變，必然導致p水ghi減小，即A點

處水產生的壓強減小。因此A選項是錯誤的。

第15頁

B選項分析：對乙容器中的物體進行受力分析，物體受到重力G、拉力F*和浮力F浮作用，根據平衡條件可

得G+F『F泮。浮力計算公式為F*-p泄gV月，由于物體體積V博不變，而水的密度先增大后減小(見圖2),

導致浮力先增大后減小。重力G保薦不變，根據Fj*二F濘-G可知細繩拉力會先增大后減小。因此B選項是正

確的。

C選項分析：乙容器中水對底部的壓力F=pQ=p水ghS=p水gV=p4；g(V木+V初尸m水g+p水gV構。當水溫從4℃

升至t2時，雖然水的質量m*；不變，但水的密度p水減小，且物體體積V拘不變，導致水對容器底部的壓力減

小。因此C選項是錯誤的。

D選項分析：甲乙兩容器底部壓強差Ap=p乙底-p甲底，其中p甲嵌保痔不變。乙容器底部壓強計算公式為P乙底=

￡=鱉檢竺竺。在4c時水的密度達到最大值，此時Ap取得最大值。因此D選項是正確的。

S~S

綜上所述，正確答案為BD。

【分析】1、壓強的計算公式：p根據題目分析可知水的質量不變，即對容器底部的壓力不變，底面

積不變，據此分析壓強的變化；

2、壓強的計算：公式為P=pgh,壓強和液體的密度、浸沒深度有關，且密度越大，壓強越大.深度越大，壓

強越大，在同種液體的同一深度，液體向各個方向的壓強相同，結合題口中A的位置，列壓強方程p，M=p

水gh=p^(hi+h2)=p水ghi+p水ghz,據此求解甲中水在A點產生的壓強；

3、稱重法測量物體浮力：先測出物體的重力，然后將物體浸入水中，彈簧測力計的示數就會減小，減小的

示數就是物體受到的浮力，據此分析BC選項；

4、浮力的本質為上下表面產生的壓力差，計算公式為F容=p漬g\\,所以物體所受浮力和物體所處的深度無

關，與排開水的體積有關，當排開水的體積越小時，浮力越小，排開水的體積越大時，浮力越大。

16.【答案】24；節;2.4

【解析】【解答】從圖中可以讀出石塊的質量為20克加上4克，總質量為24克。根據密度公式p=g計算得

出，石塊密度為質量24克除以體積10立方厘米，結果為2.4克每立方厘米，即p=^q=2.4g/cm3。

【分析】測量物體密度試驗：原理為p=m/v,使用的儀器為天平和量筒；

天平的使用步驟：1、調零：天平置于水平臺上，將游碼歸零，調節平衡螺母使得指針指向刻度中央，

稱重：是用鎰子夾取祛碼，測量時為左物右碼，不斷調整祛碼和游碼重量，使得天平重新平衡；測量為左物

右碼，為了準確測量液體質量需要：先測水和燒杯總重倒出一定體積的液體，測量剩余液體和燒杯的質

量m2,所以水的質量為mi-mz,

量筒的使用：確定分度值，視線平行對準液面最低處，進行讀數。

17?【答案】(1)反射

(2)各種色光

第16頁

【解析】【解答】（1）圖1中的落R在頤和園昆明湖中的“像”是平面鏡成像現象，其成因是光的反射。

（2）白光足一種復色光，當其通過二棱鏡時，山于不同色光的折射角不同，會發生折射并分散開，形成色

散現象，最終分解為紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七種單色光。這表明白光是由多種色光混合而成的。

【分析】1、平面鏡成像特點為物像等大、物像等距、物像關于平面鏡對稱、成虛像；

2、光的色散（太陽光經過三棱鏡折射會發生光的色散，分解為紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七種單色光）。

（1）圖I中的落日在頤和園昆明湖中的“像”，屬于平面鏡成像，平面鏡成像是由于光反射形成的。

（2）白光是復色光，白光經過三棱鏡發生折射時，不同色光的折射角不同，折射后各色光分散開，發生色

散分解成紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七色光，說明白光是由各種色光混合而成的。

18.【答案】（1）加熱時間

（2）氧氣的比熱容與壓強有關

【解析】【解答】（1）如圖所示，兩個完全相同的燒瓶內分別裝有質量相同的水和煤油，以及相同的電熱絲

R。。利用該實驗裝置研究”液體吸熱量是否與液體種類有關“。根據焦耳定律Q=FRt,當通過R的電流相同

時，加熱時間越長，液體吸收的熱量就越多。因此，可以通過比較加熱時間來反映液體吸收熱量的多少。

（2）實驗測得氧氣在1.01xl（）5pa和2.02xl05pa兩種壓強下的比熱容數值不同。這表明在不同壓強條件下，

氧氣的比熱容會發生變化，從而證明氧氣的比熱容與其所處的壓強有關。

【分析】1、探究不同物體吸熱能力的實驗，使用相同的加熱裝置，則相同時間物體吸收熱量相同；

2、氧氣在不同壓強下的比熱容數值不同，證明氧氣的比熱容與其所處的壓強有關。

（1）如圖所示，兩個完全相同的燒瓶內分別裝有質量相等的水和煤油、相同的電熱絲R。用該實驗裝置探究

“液體吸熱多少與液體種類是否有關“，當通過R的電流相同時，根據Q=PRt可知，加熱時間越長，液體吸

熱越多，故通過加熱時間反映液體吸收熱量的多少。

（2）氧氣的壓強分別為l.OlxlSPa和2.02xl（）5pa時,所測出的氧氣的比熱容不同,壓強不同,氧氣的比熱

容不同，說明氧氣的比熱容與壓強有關。

(2)

Ii/A

WA

(h+L)/A

I/A

【解析】【解答】（1）根據實驗要求，將兩個變阻器并聯連接，每個支路分別接入一個電流表，并在總干路上

安裝一個電流表，具體電路連接方式如下所示：

第17頁

A

(2)實驗數據記錄表需包含以下內容：兩條支路的電流值、兩支路電流之和以及干路總電流，表格設計如

下：

Ii/A

I2/A

(II4-I2)/A

I/A

【分析】探究在并聯電路中，干路和支路電流關系，需要使用電流表測量電流，使用變阻器支路電阻，使用

導線連接電源、開關、變阻器和電流表，調節變阻器滑片，測量電流表數據。

(1)根據實驗目的，兩個變阻器并聯，各支路上各接一個電流表，干路上接一個電流表，如下所示：

(2)表格中需要有兩個支路的電流，兩個支路的電流之和以及干路中的電流，如下表所示:

Ii/A

h/A

(li+h)/A

I/A

20.【答案】(1)10

(2)凹

(3)A

【解析】【解答】(1)據凸透鏡成像規律，當物距〃與像距U相等且等于兩倍焦距時，即〃=u=2f,會形成

倒立、等大的實像。從圖2中可讀出〃=1；=20cm,因此焦距/=10cm。

(2)當蠟燭放在15cm刻度處、凸透鏡在50cm刻度處、光屏在70cm刻度處時，物距為u=35cm,大于兩

倍焦距2f。根據成像規律，此時像距應滿足/VuV2f,但實際像距/=20cm恰好等于2人為了調整成像

第18頁

位置，需要在凸透鏡和蠟燭之間添加一個凹透鏡，利用其對光線的發散作用來增大像距。

<3）在圖1中保持凸透鏡位置不變，移除蠟燭并將嚇“標志貼在光屏上（如圖3）,將光屏移至55cm刻度

處。此時物距〃=5cm,小于焦距人從左側透過凸透鏡觀察時，會看到正立、放大的虛像，符合放大鏡的原

理，因此觀察到的圖像為圖4中的A選項。

【分析】凸透鏡成實像時，物距越大，像距越小，像越?。晃锞嘣叫?，像距越大，像越大

透鏡成像規律：物體距透鏡小于一倍焦距，呈正立放大的虛像，應用為放大鏡；

物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的實像，應用為投影儀；

物體大于一倍焦距，呈現倒立縮小實像，應用為照相機，人眼睛。

（1）根據凸透鏡成像規律，當〃=口=2/時、成倒立、等大的實像。由圖2可知〃=I；=2/=20cm,解得

/=10cmo

（2）將蠟燭置于15cm刻線處、凸透鏡置于50cm刻線處、光屏置于70cm刻線處，此時物距為“=50cm-

15cm=35cm>2f

根據凸透鏡成像規律，則像距應滿足/VuV2f，而光屏到凸透鏡的距離為〃=70cm-50cm=20cm=2f

所以應在凸透鏡和蠟燭之間再放置一個合適的凹透鏡，利用其對光線的發散作用延遲成像，增大像距。

（3）保持圖1中凸透鏡位置不變，取走蠟燭，將“F”粘貼在光屏上，如圖3所示，并將光屏置于55cm刻線

處，此時物距u=55cm-50cm=5cm<f

從左側通過凸透鏡觀察，可以看到正立、放大的虛像，是放大鏡原理，所以會看到圖4中的A。

21?【答案】（1）檢驗有無感應電流

（2）電源

【解析】【解答】（1）利用圖中所示的實驗裝置探究導體在磁場中運動時產生感應電流的條件。當導體ab切

割磁感線時，電流計的指針發生偏轉，表明電路中產生了感應電流。靈敏電流計的作用是檢測并顯示電路中

是否產生感應電流。

（2）若要研究通電導體在磁場中的受力情況，需使導體ab中通入電流。此時，可將圖中的靈敏電流計替換

為電源，以便進行實驗。

【分析】1、電磁感應定律的應用，閉合回路中的導體不斷做切割磁感線的運動，導體中就會產生感應電流

的現象就是電磁感應現象。

2、通電導線在磁場中受到力的作用，實例有：電動機，所以研究通電導體在磁場中的受力情況，需要在電

路中安裝電源。

（1）利用圖中所示的實驗裝置探究導體在磁場中運動時產生感應電流的條件，導體ab切割磁感線，電流計

的指針發生偏轉，說明產生電流，靈敏電流計的作用是顯示是否會產生感應電流。

（2）若要探究通電導體在磁場中的受力情況，需要使導體ab中有電流通過，則可將圖中靈敏電流計替換為

電源，進行實驗。

第19頁

22.【答案】(1)右；3

(2)G.6；B

(3)<

【解析】【解答】(1)杠桿右端偏高，表明左端較重，因此需要將平衡螺母向右調節，直到杠桿在水平位置保

持靜止。這樣的調整有助于準確測量力臂長度。設單個鉤碼重量為Go,杠桿一格長度為L。，B點懸掛n個鉤

碼。根據杠桿平衡條件：2G0x3L0=nG0x2L0

解得n=3,故B點需掛3個鉤碼。

(2)每個鉤碼質量m=50g=0.05kg,G=mg=0.05kgxl0N/kg=0.5N,A點拉力尸人=2G=IN。根據杠桿平

衡條件：FAX3L0=FX5LQ

計算得F=0.6N。此時動力臂〉阻力臂，屬于省力杠桿。對比選項：A天平為等臂杠桿，B起子為省力杠桿，

C食品夾為費力杠桿，因此與B類型相同。

(3)如圖4所示，增加定滑輪后，A點拉力力臂減小(拉力不變)，C點力臂不變。根據杠衿平衡條件，C

點拉力符減小，即U變小。

【分析】1、探究杠桿平衡的條件，原理為動力*動力臂=阻力*阻力臂，首先對杠桿進行調平：調平原理為

動力x動力臂=阻力x阻力臂，當指針偏左表明左側較重，所以需要增加右側力和力臂；調平的原因為：減小

杠桿自重對杠桿平衡試驗的影響；

2、其次不斷改變鉤碼重力以及鉤碼的位置，記錄多組試驗數據，分析動力、動力臂、阻力、阻力臂的大小

關系；其中動力大于阻力此時杠桿為費力杠桿，反之屬于在省力杠桿；

3、最后，使用彈簧測力計對杠桿的平衡進行動態分析，改變拉力的方向，實質為改變動力臂的大小，動力

臂變小，則動力變大。

(1)[1]如圖1,杠桿右端高，說明左端沉，所以應向右調節平衡螺母，直至杠桿在水平位置靜止，這樣便于

讀出力臂大小。

⑵設一個鉤碼重為Go,杠桿上一格的長度為Lo,B點掛n個相同的鉤碼，由杠桿平衡條件知

2Gox3Lo=nG()x2Lo

解得n=3,所以應在B點掛3個鉤碼。

(2)[1]每個鉤碼的質量為m=50g=0.05kg

重力為G=mg=0.05kgx1ON/kg=O.5N

所以A點所受拉力為FA=2G=2XO.5N=1N

由杠桿平衡條件可知FAX3U=FX5U

代入數據解得F=0.6N。

⑵此時動力臂大于阻力臂，屬于省力杠桿；A中天平的動力臂等于阻力臂，屬于等臂杠桿，B中起子動力臂

大于阻力臂，屬于省力杠桿；C中食品夾動力臂小于阻力臂，屬于費力杠桿；所以此時該杠檸與下圖中的B

第20頁

正常使用時的杠桿類型相同。

（3）如圖4,加上定滑輪后，A處拉力的力臂變小，拉力不變，C處拉力的力臂不變，由杠桿平衡條件可

知，C處的拉力變小，即F

23.【答案】當燈泡Li連接在a、b兩點之間時：電路電流為h,電阻Ro兩端電壓Uo=U-Ui（U為電源電

壓，U為Li兩端電壓），當燈泡L?連接在a、b兩點之間時：電路電流為b,電阻Ro兩端電壓Uo'二U?

U2,由已知條件Ui>U2,可得UovUoL根據歐姆定律：人=祟，/2=空，因此計算兩燈泡電

阻：%=?，&=給，可得RI>R2。當兩燈泡正常發光時，額定功率計算為：

1112

u2U2

P_額，P_額因此得出P1<P2。

匕一所2一匹

【解析】【解答】當燈泡Li連接在a、b兩點之間時：電路電流為L,電阻Ro兩端電壓Uo=U-U（U為電

源電壓，Ui為Li兩端電壓），當燈泡L?連接在a、b兩點之間時：電路電流為L,電阻Ro兩端電壓Uo'=U

由已知條件Ui>U2,可得Uo<Uo；根據歐姆定律：/1=/，/2=4一，因此h<b。計算兩燈泡電

-U2,

22

阻：%*，可得。當兩燈泡正常發光時，額定功率計算為：p_"額,U

RI>R2P,額因此得

‘1721一瓦

出P1<P2O

【分析】I、電功率的計算：公式為P=UI；

2、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電區為用電靜電壓