2025-2026學年陜西省西安市某校高二（下）期中物理試卷（含解析）

2025-2026學年陜西省西安市某校高二（下）期中物理試卷

一、單選題：本大題共10小題，共30分。

1.關于電磁場和電磁波方面的基礎知識，下列說法正確的是（）

A.變化的磁場可以產生電場

B.恒定的磁場可以產生電場

C.嘰場、車站用來檢查旅客行李包的透視儀使用的是紫外線

D.銀行和商店用來鑒別大額鈔票真偽的驗鈔機使用的是X射線

2.如圖所示，線圈abed在水平勻強磁場中繞垂宜于磁感線的軸勻速轉動會產生正

弦式交變電流。當線圈逆時針轉動到圖示水平位置時，下列說法正確的是（）

A.線圈處于中性面位置

B.線圈中電流方向為帥eda

C.線圈中瞬時感應電動勢最大

D.穿過線圈平面的磁通量變化率為零

3.把一個裝滿氧氣的鋼瓶瓶口密封后置于桌面上，鋼瓶中的氧勺視為理想氣體。當周圍環境溫度升高時,

下列說法正確的是（）

A.瓶內每個氧氣分子的動能都增大

B,瓶內氧氣分子的平均動能增大

C.瓶內單位時間內單位面積上碰撞的分子數不變

D.瓶內單位時間內單位面積上碰撞的分子數減少

4.如圖中所涉及物理知識的表述正確的是（）

A.圖甲中把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端變鈍，這大勢因為表面張力的緣故

B.圖乙中水龜可以停在水面，是因為受到水的浮力作用

C.圖丙中液體和管壁表現為浸潤現象

D.圖丁中液晶顯示器是利用液晶光學性質具有各向同性的特點制成的

5.下列關于課本中的四幅圖的說法正確的是（）

第1頁，共20頁

薄板上的蜂蠟融

化成圓形區域

丙

A.圖甲中微粒越小，單位時間內受到液體分子撞擊次數越少，布朗運動越不明顯

B.圖乙中峰值大的曲線對應的氣體溫度較低

C.圖丙中實驗現象說明薄板材料的導熱性能具有各向同性，該材料一定是非晶體

D.圖丁中當兩個相鄰的分子間距大于入時，隨分子間距的增大分子力先減小后增大

6.在LC振蕩電路中，某時刻磁場方向如圖所示，且電容器上極板帶正電，下列說法

正理的星（）

A.此時電容器上的電荷最正在減小

B.此時LC振蕩電路中電流正在減小

C.此時線圈中的磁場能正在增大

D.若LC振蕩電路中的電感變小，其振蕩頻率也變小

7.現在家用的調光臺燈、調速電風扇是用可控硅電子元件來實現調節的。如圖所示為一個經過可控硅電子

元件調節后加在電燈上的電壓〃隨時間亡變化的圖像，其中曲線為正弦曲線的喑陷八則加在電燈上的電壓

的有效值為（）

A.WVB.1O^2VC.華VD.等V

8.甲圖是某燃氣灶點火裝置的原理圖。轉換器將直流電壓轉換為乙圖所示的正弦交流電壓，并加在一理想

變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數分別為由、電，電壓表為理想交流電表。當變壓器副線圈兩

端電壓的瞬時值大于5000V時，就會在鋼針和金屬板間引發電火花點燃氣體。開關閉合后，下列說法正確

的是（）

第2頁，共20頁

A.交流電壓表的示數時刻改變

B.該點火裝置中用的是降壓變壓器

C.若詈=焉則可以實現燃氣灶點火

八211UU

D.原線圈中交變電流的頻率為50Hz,原線圈中的電流方向每秒改變50次

9.在大型慶祝活動中釋放的氣球通常是充有氮氣的可降解氣球。釋放前工作人員用容積為30L、壓強為1.0x

10'Pa的氮氣罐給氣球充氣，充氣過程溫度不變，要求充氣后氣球體積為6L、壓強為I.OXIORQ。將氨氣

視為理想氣體，不計充氣過程的漏氣和氣球內原有氣體。用一個氨氣罐可以充出多少個符合要求的氣球（）

A.500B.495C.490D.485

10.“碼表”是利用霍爾傳感器獲知自行車的運動速率的儀表，其結構如圖1所示，自行車前輪上安裝一塊

磁鐵，輪子每轉一圈，這塊磁鐵就靠近傳感器一次，傳感器就會輸出一個脈沖電壓，圖2為霍爾元件的工

作原理圖。當自行車加速行駛時，霍爾元件輸出的霍爾電壓以隨時間t變化的關系圖像可能為＜列圖像中的

二、多選題：本大題共5小題，共2。分。

第3頁，共20頁

11.關于熱力學第二定律的說法正確的是（）

A.熱力學笫二定律從宏觀角度看，強調能量守恒，從微觀角度看，強調統計規律

B.熱量不能從低溫物體傳向高溫物體

C.物體可以從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功

D.在自然過程中，一個孤立系統的炳值不可能減小

12.如圖甲所示，用活塞將一定質晟的理想氣體封閉在上端開口的直立圓筒形氣缸內，活塞密封性良好且可

無摩擦上下滑動。氣體從狀態力t狀態狀態CT狀態4完成一次循環，其狀態變化過程的p-V圖像如圖

乙所示。已知該氣體在狀態4時的溫度為600K,

甲

A.氣體在狀態B時的溫度為200K

B.氣體在狀態C時的溫度為300K

C.氣體從狀態CTA過程中，氣體向外界放熱

D.氣體從狀態4tBtC的過程中，外界對氣體做的功為8x105/

13.如圖所示為遠距離輸電示意圖，某個小水電站發電機的輸出功率為100外人發電機的電壓為250人通

過升壓變壓器升高電壓后向遠處輸電，輸電線總電阻為R=8。在用戶端用降壓變壓器把電壓降為220人

要求在輸電線上損失的功率控制為弘W（即用戶得到的功率為95/cW）。下列說法正確的是（）

小

水

電

站

A.輸電線上通過的電流為400/1B.升壓變壓器的輸出電壓為4000V

C.升壓變壓器的匝數比為9=2D.降壓變壓器的匝數比為『答

幾216

第4頁，共20頁

14.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比%：n2=l：2,原線圈接有滑動變阻器心,副線圈接有定值

電阻h=100,和小燈泡L,小燈泡的阻值恒為2。，額定功率為2W。輸入端Qb接有效值U=30,的正弦交

流電，關于該電路的分析，下列正確的是（）

A.滑動變阻器的滑片向左滑動，原線圈兩端的電壓變小

B.當滑動變阻器的阻值調為5。時，小燈泡L正常發光

C.當滑動變阻器的阻值調為3。時，Ro的電功率達到最大值

D.小燈泡正常工作時，副線圈兩端電壓最大值為15V

15.某實驗小組設計一個測定水深的深度計。如圖所示，導熱性能良好的圓柱

形氣缸I、II內徑分別為r和2r,長度均為3內部分別有輕質薄活塞小B,活1n

塞密封性良好且可無摩擦左右滑動，氣缸/左端開口。外界大氣壓強為Po,最H——L——H

初氣缸I內通過力封有壓強為P0的氣體，氣缸II內通過8封有壓強為3Po的氣體，L

一根很細的管子連通兩氣缸，開始時4、8均位于氣缸最左端，該裝置放入水下后，通過4向右移動的距離

可測定水的深度。已知po相當于10m高的水產生的壓強，不計水溫隨深度的變化，被封閉氣體視為理想氣

體。下列說法正確的是（）

A.當活塞4向右移動亨時，水的深度九=10m

B.當活塞力向右移動細■，水的深度力=207n

C.此深度計能測的最大深度h=22.5m

D.若要測量的最大水深九=40m,當不改變最初氣缸I內通過5封閉的氣體的壓斑，則最初氣缸H內通過B封

閉的氣體的壓強應改為4.75p0

三、實驗題：本大題共2小題，共14分。

16.某實驗小組完成“用油膜法測油酸分子的大小”的實驗。

（1）實驗中要讓油酸在水面盡可能散開，形成單分子油膜，并將油酸分子看成球形且緊密排列。這體現的物

理思想方法為—（填選項前的字母）。

月.控制變量法

第5頁，共20頁

8.等效替代法

C.理想化模型法

⑵下列所給實驗操作中，有一些是完成實驗必需且正確的。把它們選出來并按操作先后順序依次排列為：。、

B、—(用選項前的字母補充完整)。

(3)某同學在用油膜法估測分子直徑的實驗中，計算結果明顯偏小，可能是由于一(填選項前的字母)。

兒油酸未完全散開

R計算油膜面積時舍去了所有不足一-格的方格

。.求每滴體積時，LziL的溶液的滴數少記了10滴

D油酸酒精溶液配制的時間較長，酒精揮發較多

(4)已知實驗室中使用的酒精油酸溶液每104mL溶液中含有2mL油酸，又用滴管測得每50滴這種酒精油酸

第6頁，共20頁

溶液的總體積為1mL,將一滴這種溶液滴在淺盤中的水面上，在玻璃板上描出油膜的邊界線，再把玻璃板

放在畫有邊長為1cm的正方形小格的紙上(如圖)。油酸分子的直徑d=_mo(結果保留兩位有效數字)

17.隨著人們生活水平的不斷提高，大家開始注重健康管理，體重計走進千家萬戶。某科技小紐同學利用所

學知識做了一臺簡易體重計，其電路圖如圖甲所示。已知電源兩端電壓恒為12乙定值電阻％=10。，Rs

為樂敏電阻，其阻值與所受到的壓力關系如圖乙所示，理想電流表量程為。?0.6/1,不計導線的電阻，不計

踏板重力，g取10N"g。

060012001800F/N

乙

(1)測量的體重越大，電流表示數越—(填“大”或“小”)。

(2)該體重計所能測量的最大質量為—kg。

(3)若想通過僅改變凡使體重計的量程增大，應選用阻值適當—(填“大”或“小”)的定值電阻。

四、計算題：本大題共3小題，共36分。

18.如圖所示，一個正方形線圈邊長為L,匝數為N,線圈電阻為r,在磁感應⑥二7

強度為8的勻強磁場中繞垂直丁磁感線的軸勻速轉動，角速度為山。線圈外接///.

一阻值為R的燈泡恰好正常發光，線路中其他電阻不計。求：-

(1)電燈正常發光時的功率;

(2)當線圈從圖示位置轉過90。的過程中，通過燈泡的電荷量。

19.如圖所示為一個粗上細且上端開口的薄壁玻璃管，管內用水銀柱封閉一定質量的理想氣體

2

上管足夠長，圖中大小橫截面積分別為Si=2c?n\S2=lc?n,粗細管內水銀長度分別為心=

的=2cm,封閉氣柱氏度為L=22cm。大氣壓強為p()=76cmHg,氣體初始溫度為57℃o求：卜-]

h平

第7頁，共20頁

(1)若緩慢升高氣體溫度至多少時可將所有水銀全部壓入細管內;

(2)若溫度升高至615K時，液柱下端離開玻璃管底部的距離。

20.如圖所示，傾角。=37。、兒長，=4m的傳送帶上端與固定在豎直平面內半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道cd

相切于c點，半徑Od豎宜；傳送帶下端與光滑水平軌道附間用一極小段光滑的圓弧平滑連接。可視為質點的

質量分別為叫4=2kg,ms=8的的物塊小B之間夾著一根僅與物塊8拴連、被壓縮且鎖定的輕短彈簧，它

們靜止在足夠長的光滑水平軌道劭上。已知傳送帶以%=2m/s逆時針勻速傳動，物塊力與傳送帶之間的動

摩擦因數為〃=0.5,abybe、cd右同一豎直平面內，重力加速度g=lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0.8o

(1)若解除彈簧鎖定后，要使物塊4恰能通過圓弧軌道最高點，求開始時彈簧彈性勢能以大小；

(2)若開始時彈簧彈性勢能琢=80人求解除彈簧鎖定后，物塊力在傳送帶上運動過程中，物塊4與傳送帶間

由于摩擦而產牛的熱量：

(3)在第(2)問的基礎上，求物塊8在足夠長的光滑水平軌道附上迄動的最終速度大小。

第8頁，共20頁

答案解析

1.【答案】A

【解析】解：4根據麥克斯韋電磁場理論，變化的磁場會產生.電場，均勻變化的磁場產生穩定電場，周期性

變化的磁場產生周期性變化的電場，故力正確：

民只有變化的磁場才能產生電場，恒定的磁場無法產生電場，故臺錯誤：

C機場、車站的行李透視儀利用的是穿透能力較強的X射線，紫外線穿透能力弱，無法實現行李內部透視，

故C錯誤；

。.驗鈔機利用的是紫外線的熒光效應，可激發鈔票上的熒光標記發光來鑒別真偽，不是X射線,故。錯誤。

故選：4。

根據麥克斯韋電磁場理論，判斷磁場與電場的產生關系，再結合電磁波的實際應用，分析安檢透視儀、驗

鈔機使用的電磁波類型，逐一判斷選項止誤。

學生容易混淆恒定磁場與變化磁場的電場產生規律，也容易記錯安檢透視儀、驗鈔機對應的電磁波類型，

誤將紫外線與X射線的用途搞混。

2.【答案】C

【解析】解：4線圈與磁場方向平行，線圈處于與中性面垂直的位置，故力錯誤；

8.根據右手定則，結合圖中線圈的轉動方向可知，線圈中電流方向為QdcM,故8錯誤；

CD此位置線圈中磁通量為零，但磁通量的變化率最大，線圈中瞬時感應電動勢最大，故。正確，。錯誤。

故選：C。

根據中性面的概念判斷：根據右手定則判斷：根據磁通量的變化率最大判斷。

本題關鍵掌握中性面的概念及特點，感應電流方向的判斷方法。

3.【答案】B

【解析】解：4溫度是分子平均動能的統計規律，反映大量分子的集體特征，溫度升高時，單個分子的動能

可能增大也可能減小，故力錯誤；

8.溫度是理想氣體分子平均動能的唯一標志，環境溫度升高時瓶內氧氣溫度也升高，分子平均動能增大，故

8正確：

CD鋼瓶密封體積不變，瓶內單位體枳的分子數不變，環境溫度升高時瓶內氧氣溫度也升高，溫度升高后分

子平均速率增大，單位時間內單位面積上碰撞器壁的分子數會增多，故CQ錯誤。

故選:B。

第9頁，共20頁

先明確鋼瓶內氧氣為等容變化，再根據溫度升高分析分子平均動能、單個分子動能的變化，接著結合壓強

的微觀解釋，分析單位時間內單位面積器壁上碰撞的分子數的變化，以此逐一判斷選項。

學生容易混淆“分子平均動能”和“單個分子動能”的區別，也容易忽略等容變化中溫度升高對壓強微觀

表現的影響，誤判碰撞分子數的變化。

4.【答案】C

【解析】解：小圖甲中把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，玻璃熔化成液態，由r?表面張力的作用，液體表

面有收縮到最小的趨勢，使得尖端變鈍，故力錯誤；

8、圖乙中水電可以停在水面，是因為受到水的表面張力作用，故8錯誤；

。、圖丙中細管內液面呈凹形且高于管外液面，說明液體和管壁表現為浸潤現象，故C正確；

圖丁中液晶的光學性質是各向異性，顯示器利用該特性，故。錯誤。

故選：Co

根據表面張力分析：

根據浸潤和不浸潤分析；

根據液晶的光學性質分析。

本題主要考瓷的是液體的表面張力、浸潤和不浸潤以及液晶的光學性質，難度不大，熟練掌握基礎知識是

關鍵。

5.【答案】B

【解析】解：4圖甲中微粒越小，微粒單位時間內受到液體分子理擊次數也越少，導致撞擊作用的不平衡性

越明顯，布朗運動越明顯，故力錯誤；

8.圖乙中，溫度越高，分子熱運動越劇烈，速率大的分子所占比洌越大，分布曲線的峰值向速率大的方向移

動，且峰值降低，由圖可知和曲線峰值大且對應速率小，故A溫度較低，故月正確；

。.圖丙中實驗現象說明薄板材料的導熱性能具有各向同性，該材料可能是非晶體，也可能是多晶體，多晶

體由大量單晶體無規則排列組成，整體表現為各向同性，故C錯誤；

。.圖丁中當兩個相鄰的分了間距大丁，0時，分子力表現為引力，隨分子間距的增大分子力先增大后減小，直

至趨近于0,故。錯誤。

故選:Be

對甲圖，明確布朗運動的劇烈程度與微粒大小的關系；對乙圖，結合分子速率分布規律，理解溫度與峰值

位置、高度的關系；對丙圖，區分晶體、非晶體與導熱各向同性的關系；對丁圖，掌握分子力隨分子間距

變化的規律，據此判斷各選項的正誤。

第10頁，共20頁

學生容易混淆布朗運動的劇烈程度與微粒大小的關系、分子速率分布曲線溫度高低的判斷、各向同性與晶

體非晶體的關系、分子力隨間距變化的趨勢，導致誤選。

6.【答案】B

【解析】解：ABC,根據右手螺旋定則，結合線圈磁場方向，可得回路中電流方向流向電容器上極板，說

明此時電容器正在充電。LC振蕩電路充電過程中，電容器電荷量逐漸增大，電路中電流逐漸減小，磁場能

轉化為電場能，磁場能減小、電場能增大，故力。錯誤，8正確；

D、根據振蕩電路的周期公式，振蕩頻率為f=孤笈，電感L變小時，振蕩頻率/增大，故Z）錯誤。

故選：B。

根據右手螺旋定則結合具體電路判斷電容器的充放電狀態和電路中電流、電場能、磁場能等的變化情況；

根據LC振蕩電路的周期公式分析解答。

考查右手螺旋定則和LC振蕩電路的周期公式的應用，記住頻率和周期的關系，屬于基礎題。

7.【答案】D

【解析】解：設電壓有效值為U,根據有效值概念有7=掌解得［/=華乙故。正確，48c錯

nKo3

誤。

故選：Do

根據電流的熱效應結合交流電有效值的知識列式求解。

考查交流電有效值的問題，理解電流的熱效應，屬于基礎題。

8.【答案】C

【解析】解：4交流電表測量的是交變電流的有效值，故示數不改變，故力錯誤；

8.該點火裝置中用的是升壓變壓器，故8錯誤；

C根據理想變壓器規律有言=隊代入數據解得g=55001/>50001/,由題意可知可以實現燃氣灶點火，

故C正確；

。.原線圈中交變電流的頻率為50Hz,線圈每轉圈兩次經過中性面，每經過中性面次，電流方向改變

次，故原線圈中的電流方向每秒改變100次，故。錯誤。

故選：Co

根據交流電表測量的是交變電流的有效值判斷；根據高壓尖端放電判斷；根據理想變壓器規律判斷；根據

中性面的特點判斷。

本題考查變壓器，需要掌握變壓器的構造、原理、規律和有效值的概念。

9【答案】B

第11頁，共20頁

【解析】解：充氣過程溫度保持不變，對于理想氣體，在等溫變化過程中，其壓強與體積的乘積為定值，

滿足玻意耳定律。

設氮氣罐的初始狀態壓強為Pl=1.0x107Pa,容積為匕=3OLo充氣結束后，罐內剩余氣體的壓強與氣球

內壓強相等,即P2=1.0x105pa,其體積仍為％=30人

每個氣球的體積為Vo=6L,設可充滿氣球的個數為?I。根據玻意耳定律，可列出方程p/i=P2匕+n?P2V0,

代人具體數值解得：九=495。故4CO錯誤，4正確。

故選：Bo

題目描述等溫條件下用高壓氨氣皤給多個氣球充氣的過程，需明確氣體總質量守恒。初始豌中氣體壓強與

體積乘積對應總氣體量，充氣后氣體分為罐內剩余氣體和多個與球內氣體兩部分，且兩部分壓強相等。分

析時需利用誠意耳定律，將初始氣體量等于剩余氣體量與所有與球內氣體量之和，通過壓強與體積乘積關

系建立方程，求解可充氣球個數。

本潁以慶祝活動中的氣球充氣為實際情境，考杏理根氣體等溫變化下的玻意耳定律應用。題目將氣體分裝

過程轉化為典型的氣體分狀態問題，重點檢驗學生構建物理模型與運用守恒思想的能力。計算量適中，但

需準確理解充氣結束時氣罐內剩余氣體壓強與氣球壓強相等這一關鍵條件，并據此建立pi%=P2%+

W2V0的質量守恒關系。本題對學生的邏輯分析能力與公式靈活運用能力提出了明確要求，能夠有效區分是

否透徹掌握J'變質量氣體問題的處理思路。最終答案495個貼近選項8,體現了對過程細節的準確把握。

10.【答案】B

【解析】解：由題意可知當磁鐵靠近霍爾元件時，引起霍爾效應，設霍爾元件所處空間的磁感應強度為從

通過霍爾元件的電流為/，霍爾元件的厚度為小則霍爾元件輸出的霍爾電壓為以

故所以當自行車加速行駛時，霍爾元件輸出的霍爾電壓的“峰值”大小不變，而“底期”逐漸減

小，故4正確，/4CO錯誤。

故選：B。

自行車加速時車輪轉速增大，磁鐵靠近傳感器的脈沖時間間隔逐漸減小，且霍爾電壓峰值由磁場、電流等

因素決定保持不變，據此分析脈沖圖像的間隔變化。

本題以生活中的碼表霍爾傳感器為載體，融合圓周運動周期性與霍爾效應原理，考查學生將實際裝置轉化

為物理模型的能力，能有效檢驗對運動規律與電磁效應的綜合理解，難度適中且兼具實用性。

11.【答案】CD

【脩析】解；小熱力學第二定律從宏觀角度看強調過程的方向性，從微觀角度看強調統計規律，故力錯誤;

以根據熱力學第二定律可知，熱量不能自發地從低溫物體傳向高溫物體，但在外界做功的情況下可以從低

第12頁，共20頁

溫物體傳向高溫物體，故8錯誤；

C、根據熱力學笫二定律可知，不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不產生其他影響，但如果

不要求“不產生其他影響”，例如理想氣體等溫膨脹過程，物體可以從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成

功，故C正確；

D、根據牖增加原理可知，在自然過程中，一個孤立系統的總燧不會減小，即燧值不可能減小，故。正確:

故選：CD。

由熱力學第二定律分析即可解答。

本題考查熱力學第二定律的理解，要牢記該定律的三種不同的表述的方法，以及三種表述的內涵。

12.【答案】AC

【解析】解：小由題圖可知，氣體在A-8過程發生等容變化，由查理定律可得：黑=黑，解得：%=嗎=

TATBPA

罕蜉叫K=200K,故4正確；

6x10〉

8、由題圖可知，氣體在8-C過程發生等壓變化，由蓋一呂薩克定律可得：?=再解得：Tc=^=

1B1CVK

器"K=600K,故4錯誤；

C、氣體從狀態C-4過程中，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律4U=

W+Q可知，QV0,則氣體放熱，故C正確；

D、狀態力氣體體積不變，不對外做功，則有：WAB=0,8TC過程中氣體體積膨脹對外做功，即從狀

s5

態B到狀態C氣體對外做功為：WRC=pn=2x10x4J=8x107,則氣體從狀態/-BtC的過程中，

氣體對外界做的功為8x105/,故。錯誤。

故選：AC.

由p-V圖像結合氣體實驗定律及熱力學第一定律即可解答。

本題是對氣體實驗定律、熱力學第一定律及p-V圖像的考查，解題的關鍵是要正確分析氣體發生的狀態變

化，選擇合適是定律即可解題，知道p-V圖像與橫軸圍成的面積表示外界對氣體所做的功。

13.【答案】BC

【脩析】解：小根據在輸電線上損失的功率PR=4R，輸電線上通過的電流，2=J、=/犀4=254，

故,4錯誤；

B、輸電線上損失的電壓U瘍=l2R=25X8V=2007

升壓變壓器的輸出電壓出=；=嘿里V=4000IZ,故B正確;

/2

第13頁，共20頁

。、升壓變壓器的匝數比■=%僦=*故C正確；

。、降壓變壓器的輸入電壓%=U2-1］損=40001/-200V=3800V

降壓變壓器的匝數比%=黑=鬻=岑，故。錯誤。

八44/U11

故選：BC。

首先根據輸電線上的功率損失和輸電線電阻，求出輸電線上的電流；再結合發電機輸出功率與電流，算出

升壓變壓器的輸出電壓，進而得到升壓變壓器的匝數比；接著根據升壓后的電壓和輸電線的電壓損失，求

出降壓變壓器的輸入電壓，再結合用戶端電壓，得到降壓變壓器的匝數比，最后逐一判斷選項的正誤。

這是一道典型的遠距離輸電問題，綜合考查了輸電線上功率損失、電壓損失的計算，以及變壓器電壓、電

流與而數的關系，能有效檢驗學生對遠距離輸電過程中功率、電壓、電流變化規律的理解和應用能力，難

度適中，考點覆蓋全面。

14.【答案】AC

【解析】解：力、滑片左移，滑動變阻器接入的阻值變大，變壓器的等效阻值/?=$(/?1+&)

代入數據可得R=3。degri不變根據串聯電路特點，原線圈兩端的電壓減小，故力正確：

8、設原線圈電壓為由,原線圈電流為A，副線圈電壓為內，副線圈電流為a，小燈泡正常發光時，電流/2=1

代人數據可得，2=1A

電壓力=l2RL

代入數據可得力=2V

副線圈兩端電壓力=/2(/?1+&)

代人數據可得④=12V

n

由3：U2=ri］：九2、11：&=幾2：l

代人數據可得原線圈兩端電壓U1=61/,/1=2A

滑動變陽器此時陰值%=皆.

代入數據可得Ro=12。，故4錯誤：

C、當滑動變阻器的阻值等于變壓器的等效阻值3。時，滑動變阻器消耗的功率最大，故C正確：

D、結合8分析，副線圈端電壓最大值為12『IV,故。錯誤。

故選：AC.

利用理想變壓器的電壓電流關系，將副線圈電路等效到原線圈，結合電路動態分析和功率條件判斷各選項

的正誤。

第14頁，共20頁

本題考查理想變壓器的動態分析與等效電阻法的應用，綜合性較強，能有效考查對變壓器電路規律的理解

與應用能力。

15.【答案】ACD

【解析】解：AB、當活塞A向右移動斷寸，假設活塞B位置不變，對于汽缸/內的氣體，根據玻意耳定律可得

22

p0Lnr=pj(L-1)zrr,解得：p[=2p0o由于2p()V3po，因此假設成立，此時水產生的壓強為zip=p1一

Po=Poo已知Po相當于10m高水柱產生的壓強，由此可知水的深度為10m，故力正確，B錯誤;

C、根據圖示結構分析，當活塞力恰好運動到汽缸/的右端且未發生擠壓時，可測量的水深達到最大值。此時

活塞8兩側的氣體壓強相等。對活塞B左側氣體，由玻意耳定律得POLTTM=口2%九(2廠)2。對活塞B右側氣體，

22

有3p0Ln(2r,)=p2(L-x)7r(2r),?聯立解得：x=ap2=yPjo則水產生的壓強為4Pl=P2-Po=1PO°

由于Po相當于10m高水柱的壓強，故此深度計能測量的最大水深為=5xl0m=22.5m,故。正確；

。、若要測量的最大水深h=40m,該深度對應的水壓為4po。此時活塞力恰好到達汽缸/右端，缸內氣體壓

2

強為P3=Po+4Po=5p0。對深度計左側氣體，根據玻意耳定律有PoLni=p3x'7r(2r)o對深度計右側氣

體，有p'L/r(2r)2=p3(L-x，)ir(2r)2。聯立解得：p'=4.75p(),故D正確。

故選:ACD.

題目描述一個通過活塞移動測量水深的氣缸裝置，涉及氣體狀態變化與壓強平衡。分析時需要明確活塞4

移動時氣缸/內氣體被壓縮，其壓強變化由玻意耳定律關聯，同時活塞B可能移動影響兩側氣體平衡。關犍

點在于判斷活塞4移動時活塞B是否移動，這取決于氣缸II內氣體壓強與氣缸/內氣體壓強的相對大小。當活

塞4移動特定距離時，通過計算氣缸/內氣體壓強變化，結合外部水壓與大氣壓關系，可確定水深。對于最

大深度測量，需分析活塞4到達氣缸/右端時活塞8的位置，此時兩氣缸內氣體壓強相等，分別對兩部分氣體

應用玻意耳定律建立方程，聯立求解得到最大水壓對應的深度。若要改變測量范I韋1，需調整初始氣體壓強,

同樣在活塞力到達右端的極限條件下，根據目標水壓反推所需初始壓強。

本題以自制的深度計為背景，綜合考查了氣體實驗定律、受力分析與連通器原理的應用。題目涉及的物理

模型較為巧妙，將活塞的移動與液體壓強的測量相結合，對學生的建模能力和邏輯推理能力提出了較高要

求。計算過程需要細致分析兩個氣缸內氣體的狀態變化及其相互制約關系，并靈活運用玻意耳定律列式求

解。在判斷活塞力移動時活塞B是否隨之移動這?環節，需要根據壓強關系進行合理假設與驗證，這是本題

的一個關鍵思維點。此外，題目還通過設置不同條件，考查了學生對裝置最大測量深度原理的理解以及根

據新要求反推初始條件的能力，整體計算量適中但思維層次豐富，是一道能有效檢驗學生綜合應用能力的

好題。

第15頁，共20頁

16.【答案】C

E、F、C

D

6.3x10-10

【解析】解：(1)將油酸分子看成球形且緊密排列，忽略了分子間的間隙和分子形狀的不規則性，建立了一

個理想化的物理模型，這體現的物理思想方法為理想化模型法。故C正確，力〃錯誤。

故選:Co

(2)實驗操作步驟為：配制油酸酒精溶液；用注射器測出一滴溶液的體積。)；往淺盤里倒入水(8)；往水面

卜.撒琲子粉(E)：滴一滴油酸酒精溶液(F)：待油膜形狀穩定后，描繪油膜形狀(C)；數格子計算面積：計算

分子直徑。故順序為。、B、E、F、Co

(3)A油酸未完全散開，導致油膜面積S偏小，由d可知d偏大，故彳錯誤；

區計算油膜面枳時舍去了所有不足一格的方格，導致S偏小，d偏大，故4錯誤：

。.求每滴體積時，17"的溶液的滴數少記了10滴，導致算出的一滴溶液體積偏大，純油酸體積V偏大，d

偏大，故C錯誤；

。.油酸酒精溶液配制的時間較長，酒精揮發較多，溶液濃度變大，滴入水中的純油酸體積變大，油膜面積5

變大，而計算時仍按原濃度計算匕導致d=(偏小，故。正確。

故選：D。

(4)一滴酒精油酸溶液中含有純油酸的體積V=4x擊mL=4x10-6mL=4x10-127713

由圖可知，油膜所占方格數約為63個，則油膜面積S=63x15?=63x10-47rl2

油酸分子的直徑d=《二祟黨沆?6.3x10-10m

JXJLU

故答案為：(1)C；(2)E、F、C^(3)D：(4)6.3x10-1。。

(1)根據實驗原理判斷；

(2)根據實驗原理和實驗步驟分析判斷；

(3)根據體積公式結合選項分析判斷：

(4)根據濃度計算一滴酒精油酸溶液中含有純油酸的體積，根據油膜輪廓包含的小方格數計算油膜的面積，

根據體積公式計算油酸分子的直徑。

本題關鍵掌握“用油膜法估測油酸分子直徑”的實驗原理，利用體積公式計算油酸分子直徑的方法，注意

油膜面積和母滴油酸酒精溶液中含有的純油酸的體積的計算方法。

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17.【答案】大

120

大

【脩析】解：(1)測量的體重越大，對壓敏電阻的壓力越大，則壓敏電阻的阻值越小，電路的總電阻越小，

則總電流越大，即電流表示數越大。

(2)當電路的電流為0.64時最大，則/=左胃

解得％=10/2,此時R=1200N

則所能測量的最大質量為120kg。

(3)根據閉合電路歐姆定律有/=占，因最大電流/和電動勢E一定，若想通過僅改變％使體重計的量程增

大，則要減小Rs，則應選用阻值適當大的定值電阻R。。

故答案為:(1)大;(2)120；(3)大。

(1)根據圖像判斷壓敏電阻隨壓力變化關系，再根據閉合電路歐姆定律判斷：

(2)根據閉合電路歐姆定律計算壓敏電阻阻值，根據圖像計算壓力和質量：

(3)最大電流/和電動勢E一定，根據閉合電路歐姆定律分析判斷.

本題考查壓敏電阻在體重計上的應用，關鍵掌握壓敏電阻隨壓力變化關系，利用閉合電路歐姆定律處理問

題。

18.【答案】電燈正常發光時的功率為丸警勺2R當線圈從圖示位置轉過90。的過程中，通過燈泡的電荷

LK"rT

NBL2

量為

R+r

【解析】解：(1)線圈中感應電動勢的最大值為&n=N8L2M電動勢有效值為E=,,則通過燈泡的電流/=

白，燈泡正常發光的功率為P=~R,得P=；［嚶當2R；

K~rT4K~rr

(2)根據q=7*=言?川=鑒?加=2咎",則從圖示位置開始，線圈轉過90。的過程中，通過電阻R的

電荷量為q=黑r

答：⑴電燈正常發光時的功率為基嘴與2R；

LA-t-r

(2)當線圈從圖示位置轉過90。的過程中，通過燈泡的電荷量為警。

n-rr

(D根據電動勢的最大值、有效值以及閉合電路的歐姆定律和功率公式列式聯立解答;

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(2)根據電流強度的定義式結合閉合電路的歐姆定律列式解答。

考查正弦交流電的相關問題，知道最大值和有效值的關系，熟練掌握閉合電路的歐姆定律和攻率等知識，

屬于中等難度考題。

19.【答案】氣體溫度升高至369K時可將所有水銀全部壓入細管內液柱下端離開玻璃管底部的距離為56cm

【解析】解：(1)由于水銀總體積保持不變，設水銀全部進入細管后的長度為無，則有+Si+九2s2=%$2,解

得：Y=2s2,解得：Y=6cm。

+

初態氣體壓強為Pi=Po+pg(hi+壇)，解得：Pi=SOcmHg,末態氣體壓強為p?=PoPgx,解得：p2=

82cmHg.

氣體從狀態1變化到狀態2,根據理想氣體狀態方程畢二畢，解得：T2=369Ko

1112

(2)若溫度升高至615K水銀柱將全部進入上方細管，且其下表面與粗細接口處存在一段距離。

從狀態2到狀態3的過程為等壓變化，滿足叁=粵。

T273

設水銀下表面離開粗細接口處的高度為y，則有y=，3-$'+八1),解得：y=32cm。

因此，水銀下表面離開玻璃管底部的距離為“='+九1+L,解得：H=56cm.

答：(1)氣體溫度升高至369K時可將所有水銀全部壓入細管內。

(2)液柱下端離開玻璃管底部的距離為56cm。

(1)明確初始狀態水銀柱與氣體共存的壓強關系，結合粗細管橫截面積差異與水銀總體積不變，確定水銀全

部壓入細管后的長度，從而得到末態氣體壓強。初始溫度已知，氣體經歷等容變化至末態，利用理想氣體

狀態方程關聯初末狀態壓強與溫度，即可求解所需溫度。

(2)溫度升高至615K時，水銀已全部進入細管，氣體壓強保持為水銀柱產生的壓強與大氣壓之和。此時氣

體經歷等壓膨脹過程，根據蓋-呂薩克定律，由狀態2的體積與溫度關系可求出狀態3的體積。結合細管

橫截面積與初始氣柱及水銀長度，可計算水銀下端相對粗細接口的位移，進而求得其離開管底的總距離。

本題是一道綜合性較強的理想氣體狀態方程應用題，重點考查學生對變質量氣體問題與多過程狀態變化的

理解與分析能力