廣東省茂名市五校聯考2025屆高三物理第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

廣東省茂名市五校聯考2025屆高三物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列情景中，物體M所受摩擦力f的示意圖正確的是A．物體靜止在粗糙的水平面上B．汽車停在斜坡上C．物體貼著豎直墻面自由下落D．瓶子被握在手中處于靜止狀態2、從塔頂自由下落一石塊，它在著地前的最后1s內的位移是30m，取g＝10m/s2，下列說法中正確的是()A．石塊落地時速度是30m/s B．石塊落地時速度是35m/sC．石塊落地所用的時間是2.5s D．石塊下落全程平均速度是15m/s3、地球赤道上的重力加速度為g，物體在赤道上隨地球自轉的向心加速度為a，衛星甲、乙、丙在如圖所示的三個橢圓軌道上繞地球運行，衛星甲和乙的運行軌道在P點相切。不計阻力，以下說法正確的是（）A．如果地球的轉速為原來的（g+a)B．衛星甲、乙分別經過P點時的速度相等C．衛星甲的機械能最大D．衛星甲的周期最小4、如圖，三個固定的帶電小球a、b和c，相互間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm．小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a、b的連線．設小球a、b所帶電荷量的比值的絕對值為k，則（）A．a、b的電荷同號，B．a、b的電荷異號，C．a、b的電荷同號，D．a、b的電荷異號，5、“神舟十一號”發射升空后，飛行了43小時53分鐘，繞地球運行27圈，與天宮二號完成自動交會對接，這標志著我國航天事業又邁上了一個新臺階．假定正常運行的“神舟十一號”飛船和通信衛星(同步衛星)做的都是勻速圓周運動，下列說法正確的是A．飛船的線速度比通信衛星的線速度小B．飛船的角速度比通信衛星的角速度小C．飛船的運行周期比通信衛星的運行周期大D．飛船的向心加速度比通信衛星向心加速度大6、14C發生放射性衰變成為14N，半衰期約5700年．已知植物存活期間，其體內14C與12C的比例不變；生命活動結束后，14C的比例持續減少．現通過測量得知，某古木樣品中14C的比例正好是現代植物所制樣品的二分之一．下列說法正確的是A．該古木的年代距今約2850年B．12C、13C、14C具有相同的中子數C．14C衰變為14N的過程中放出β射線D．增加樣品測量環境的壓強將加速14C的衰變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示光滑管形圓軌道半徑為R（管徑遠小于R），小球a．b大小相同，質量相同，均為m，其直徑略小于管徑，能在管中無摩擦運動.兩球先后以相同速度v通過軌道最低點，且當小球a在最低點時，小球b在最高點，以下說法正確的是（）A．當v=時，小球b在軌道最高點對軌道無壓力B．當小球b在最高點對軌道無壓力時，小球a比小球b所需向心力大5mgC．速度v至少為，才能使兩球在管內做圓周運動D．只要v≥,小球a對軌道最低點壓力比小球b對軌道最高點壓力都大6mg8、如圖所示，一小球（可視為質點）套在固定的水平光滑橢圓形軌道上，橢圓的左焦點為P，長軸AC=2L0，短軸BD=L0，原長為L0的輕彈簧一端套在過P點的光滑軸上，另一端與小球連接．若小球做橢圓運動，在A點時的速度大小為v0，彈簧始終處于彈性限度內，則下列說法正確的是（）A．小球在A點時彈簧的彈性勢能大于在C點時的彈性勢能；B．小球在A、C兩點時的動能相等；C．小球在B、D點時的速度最大；D．小球在B點時受到軌道的彈力沿BO方向．9、如圖所示，用光滑的粗鐵絲做成一直角三角形，BC邊水平，AC邊豎直，∠ABC=β，∠A=α，AB及AC兩邊上分別套有細線系著的銅環M、N，當它們靜止時，細線跟AB所成的角γ，跟AC所成的角大小為θ（細線長度小于BC）則（）A．γ=βB．C．D．10、科學家關于物體運動的研究對樹立正確的自然現象具有重要作用．下列說法符合歷史事實的是A．亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體的運動狀態才會改變B．伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠運動下去C．笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向D．牛頓認為，物體具有保持原來勻速直線運動狀態或靜止狀態的性質三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了驗證機械能守恒定律，某同學使用如圖所示的氣墊導軌裝置進行實驗．其中G1、G2為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑行器M通過G1、G2光電門時，光束被滑行器M上的擋光片遮擋的時間△t1、△t2都可以被測量并記錄，滑行器連同擋光片的總質量為M，擋光片寬度為D，兩光電門中心間的距離為x，牽引砝碼的質量為m，細繩不可伸長且其質量可以忽略，重力加速度為g．該同學想在水平的氣墊導軌上，只利用以上儀器，在滑行器通過G1、G2光電門的過程中驗證機械能守恒定律，請回答下列問題：（1）實驗開始應先調節氣墊導軌下面的螺母，使氣墊導軌水平．請在以下空白處填寫實驗要求．在不增加其他測量器材的情況下，調水平的步驟是：取下牽引砝碼m，接通氣墊導軌裝置的電源，調節導軌下面的螺母，若滑行器M放在氣墊導軌上的任意位置都能保持靜止，或者輕推滑行器M，M分別通過光電門G1、G2的時間，則導軌水平；（2）當氣墊導軌調水平后，在接下來的實驗操作中，以下操作合理的是；A．擋光片的寬度D應盡可能選較小的B．選用的牽引砝碼的質量m應遠小于滑行器和擋光片的總質量MC．為了減小實驗誤差，光電門G1、G2的間距x應該盡可能大一些D．用來牽引滑行器M的細繩可以與導軌不平行（3）在每次實驗中，若表達式（用M、g、m、△t1、△t2、D、x表示）在誤差允許的范圍內成立，則機械能守恒定律成立．12．（12分）某同學在練習使用多用電表時連接的電路如下圖所示（1）若旋轉選擇開關，使尖端對準直流電流擋，此時測得的是通過________（選填“R1”或“R2”）的電流；（2）若斷開電路中的電鍵，旋轉選擇開關使其尖端對準歐姆擋，則測得的是_________。A．R1的電阻B．R2的電阻C．R1和R2的串聯電阻D．R1和R2的并聯電阻（3）將選擇倍率的旋鈕撥至“×100Ω”的擋時，測量時指針偏轉角很大，為了提高測量的精確度，應將選擇開關撥至_________擋（選填“×1kΩ”或“×10Ω”），將兩根表筆短接調節調零旋鈕，使指針停在0Ω刻度線上，然后將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端，若此時指針偏轉情況如圖所示，則所測電阻大小為________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑的水平面上有一長為L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的圓弧槽C，與長木板接觸但不相連，圓弧槽的下端與木板上表面相平，B、C靜止在水平面上．現有滑塊A以初速度從右端滑上B，一段時間后，以滑離B，并恰好能到達C的最高點，A、B、C的質量均為m．求：（1）A剛滑離木板B時，木板B和圓弧槽C的共同速度；（2）A與B的上表面間的動摩擦因數μ；（3）圓弧槽C的半徑R．14．（16分）如圖所示，一列長為300m的復興號高速列車沿平直的軌道以100m/s的速度勻速行駛，為了整列列車能順利安全停靠在站臺AB上，當車頭行駛到距離站臺1500m的O點時，列車要立即勻減速停車，已知站臺AB全長為500m，求：(1)列車減速運動的加速度大小的取值范圍；(2)列車減速運動的最長時間。15．（12分）如圖所示，光滑水平面上依次放置兩個質量均為m的小物塊A和C以及光滑曲面劈B，B的質量為M=3m，劈B的曲面下端與水平面相切，且劈B足夠高，現讓小物塊C以水平速度v0向右運動，與A發生彈性碰撞，碰撞后小物塊A又滑上劈B，求物塊A在B上能夠達到的最大高度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A：物體靜止在水平面上，與水平面間沒有相對運動的趨勢，不受摩擦力，故A項錯誤．B：小車相對斜面有向下運動的趨勢，摩擦力與重力沿斜坡的分力平衡，汽車受沿斜坡向上的摩擦力，故B項正確．C：小物塊貼著豎直墻面自由下落，與墻壁間無彈力，與墻壁間沒有摩擦力，故C項錯誤．D：瓶子相對手有向下運動的趨勢，則瓶子所摩擦力方向向上，故D項錯誤．故選B．點睛：阻礙物體間相對運動(或相對運動趨勢)的力叫摩擦力，摩擦力的方向與相對運動(或相對運動趨勢)方向相反．兩個相對靜止的物體之間可能有靜摩擦力的作用．2、B【解析】

設石塊下落時間為t，石塊下落時的高度為x，最后1s前下落的高度為x′；則有：x=gt2；x′=g（t-1）2；且x-x′=30m；聯立以上解得：t=3.5s，石塊落地時速度v=gt=35m/s，故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】最后1s的石塊不是自由落體，故無法直線由自由落體規律列式；但是可以由落點開始，分別對全程及最后1s之外的過程列自由落體規律，聯立求解．【考點】自由落體3、A【解析】物體在赤道上隨地球轉動時，根據牛頓定律：；當物體飄起來的時候，萬有引力完全提供向心力，則此時物體的向心加速度為，即此時的向心加速度a′=g+a；根據向心加速度和轉速的關系有：a=（2πn）2R，a′=（2πn′）2

R可得：，故A正確；物體在橢圓形軌道上運動，軌道高度超高，在近地點時的速度越大，故B錯誤；衛星的機械能跟衛星的速度、高度和質量有關，因未知衛星的質量，故不能確定甲衛星的機械能最大，故C錯誤；根據開普勒第三定律知，橢圓半長軸越小，衛星的周期越小，衛星甲的半長軸最長，故周期最大，D錯誤；故選A。4、D【解析】

根據同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a，b的連線，可知，a、b的電荷異號，對小球c受力分析，如下圖所示因ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，因此ac⊥bc，那么兩力的合成構成矩形，依據相似三角形之比，則有根據庫侖定律有，綜上所得故D正確，ABC錯誤。故選D。5、D【解析】根據題意可知神州十一號的運行周期小于24小時，即小于通訊衛星的周期，所以飛船的角速度大于通訊衛星的角速度，選項BC錯誤；由開普勒第三定律可知，神州十一號的運行半徑小于通信衛星，再根據可知，飛船的線速度大于通訊衛星的線速度，選項A錯誤；再根據可知，飛船的向心加速度大于通訊衛星的向心加速度，選項D正確，綜上本題選D.6、C【解析】設原來614C的質量為M0，衰變后剩余質量為M則有M=M0(12)n，其中n為發生半衰期的次數，由題意可知剩余質量為原來的12二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】試題分析：當小球b在軌道最高點對軌道無壓力，根據牛頓第二定律得，，解得．根據動能定理得mg2R＝mv2?mv′2，解得v＝．故A正確．小球b通過最高點無壓力時，速度，設小球a在最低點的速度為v′，根據動能定理知，mg?2R＝mv′2?mv2，解得v′＝．所以小球a在最低點的向心力為Fn＝5mg，b球在最高點的向心力Fn′＝＝mg，小球a比小球b所需的向心力大4mg．故B錯誤．小球通過最高點的最小速度為零，根據動能定理得，mg?2R＝mv2?0，解得最小速度v=．故C錯誤．v≥時，最高點的速度大于等于，則小球在最高點受到向下的彈力，設小球在最高點的速度為v1，最低點的速度為v2，根據牛頓第二定律得，最高點F1+mg＝，最低點F2?mg＝，則壓力差△F＝F2?F1＝2mg+m()，又mg?2R＝mv22?mv12，解得△F=6mg．即只要v≥,小球a對軌道最低點壓力比小球b對軌道最高點壓力都大6mg，故D正確．故選AD．考點：動能定理；牛頓第二定律；圓周運動.【名師點睛】本題考查牛頓第二定律和動能定理的綜合，知道圓周運動向心力的來源，以及小球通過最高點的臨界情況是解決本題的關鍵；此題是一道綜合題，意在考查學生利用物理規律綜合分析問題解決問題的能力．8、BCD【解析】

小球運動過程中彈性勢能和動能相互轉化，因為彈簧原長為，半長軸的長為，故在A點彈簧處于壓縮狀態，形變量等于PO的長度，在C點彈簧長度等于，故伸長量等于PO的長度，所以在AC兩點彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，故在AC兩點的動能相等，A錯誤B正確；設另外一個焦點為，在BD兩點時，，故B到P點的距離等于，即等于彈簧原長，在彈簧恢復原長時，彈性勢能為零，小球的動能最大，所以在BD兩點速度最大，C正確；因為小球套在軌道上，所以在B點軌道的彈力沿BO方向，D正確；9、CD【解析】

假設AC上的銅環質量為零，重力為零，它僅受線的拉力和鐵絲AC的彈力，它們是一對平衡力．由于鐵絲對AC上的環的彈力垂直于AC，則細線必定垂直于AC，則細線平行于BC，此時，，實際上AC上的環的質量大于零，重力大于零，要使此環處于靜止，細線的左端必須斜向左上方，則有，，此時三角形為銳角三角形，所以；假設AB上的銅環P的質量為零，重力為零，它僅受細線的拉力和鐵絲AB的彈力，它們是一對平衡力，則此環平衡時，細線與AB垂直，，而AB上的銅環的質量大于零，重力大于零，要使此環處于靜止狀態，細線不能與AB垂直，應有，故CD正確．10、BCD【解析】

試題分析:A、亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體才會運動，沒有力的作用，物體就要靜止下來，A錯誤；B、伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠運動下去，B正確；C、笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，C正確；D、牛頓認為，物體具有保持原來勻速直線運動狀態或靜止狀態的性質，即慣性，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）相等；（2）AC；（3）【解析】

（1）當氣墊導軌水平時，滑塊做勻速直線運動，通過光電門的速度相等，即光電門的擋光時間相等．（2）在實驗中，根據極限逼近思想用平均速度代替瞬時速度，則D要可能小，另外G1、G2越遠，相對誤差越?。?）滑塊經過光電門時的速度近似等于滑塊經過光電門時的平均速度，可由求出，然后根據砝碼的重力勢能減少量與砝碼及滑行器（連同擋光片）的動能增加量相等，寫出需要驗證的方程．【詳解】（1）實驗開始應先調節氣墊導軌下面的螺釘，在不掛重物的情況下輕推滑塊，若滑塊做勻速直線運動，滑塊通過光電門速度相等，則光電門的擋光時間相等，證明氣墊導軌已經水平．（2）A、滑塊經過光電門時的瞬時速度用平均速度來代替，由求出，D越小，誤差越小，故A正確．B、本實驗不需要測量細繩對滑行器的拉力，即不需要用砝碼的質量代替細繩的拉力，所以不需要滿足砝碼的質量m應遠小于滑行器的總質量M這個條件，故B錯誤．C、光電門G1、G2的間距x越大，x相對誤差越小，故C正確．D、用來牽引滑行器M的細繩必須與導軌平行，以減小阻力，保持滿足實驗阻力足夠小的條件，故D錯誤．故選AC．（3）滑行器經過光電門G1、G2的速度近似等于滑塊經過光電門時的平均速度，分別為：，砝碼的重力勢能減少量為：△Ep=mgx；砝碼及滑行器（連同擋光片）的動能增加量相等為：．若表達式△Ep=△Ek，即得：，在誤差允許的范圍內成立，則機械能守恒定律成立．【點睛】本題關鍵應掌握光電門測量滑塊瞬時速度的原理：平均速度代替瞬時速度，注意與探究牛頓第二定律實驗的區別，此實驗不需要滿足砝碼的質量m應遠小于滑行器的總質量M這個條件．12、R1;C;×10Ω;160;【解析】

（1）多用電表使用電流檔時應該串聯在電路中，圖中多用電表與滑動變阻器串聯，電流相等，若旋轉選擇開關，使其尖端對準直流電流檔，此時測得的是通過R1的電流．（2）斷開電路中的電鍵，R1與R2串聯，多用電表兩表筆接在其兩端，故測得的是R1與R2串聯的總電阻，故選C；（3）用“×100Ω”測電阻時擋時，指針停在刻度盤0Ω附近，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應換用小擋，應選“×10Ω”擋，然后對歐姆表重新進行歐姆調零，然后再測電阻阻值；由圖象表盤可知，待測電阻阻值為：16×1