2025屆江西省贛州市信豐縣信豐中學高一物理第二學期期末復習檢測試題含解析

2025屆江西省贛州市信豐縣信豐中學高一物理第二學期期末復習檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O．將電量分別為+q和-q的兩點電荷放在圓周上，其位置關于AB對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示．要使圓心處的電場強度為零，可在圓周上再放一個適當的點電荷Q，則該點電荷Q（）A．應放在A點，Q=+2q B．應放在B點，Q=-2qC．應放在C點，Q=+q D．應放在D點，Q=+q2、(本題9分)一物體質量為1kg，速度為10m/s，它的動能是（）A．5J B．50J C．10J D．100J3、(本題9分)下列說法符合史實的是A．開普勒在牛頓定律的基礎上，總結出了行星運動的規律B．牛頓發現了萬有引力定律，并通過實驗測出了引力常量C．卡文迪許第一次在實驗室里測出了萬有引力常量D．法拉第總結了電荷之間作用力的規律，并提出“場”的概念4、(本題9分)如圖為廈門觀音山夢海岸度假區的摩天輪，是游客喜愛的娛樂項目之一．假設摩天輪座與艙中的游客均可視為質點，座艙在豎直面內做勻速圓周運動A．游客在各個位置的線速度都相同B．所有游客的加速度都相同C．摩天輪轉動時，游客始終處于平衡狀態D．游客經過最低點時處于超重狀態5、(本題9分)下列說法錯誤的是（）A．汽車發動機的功率一定時，牽引力與速度成反比B．當汽車受到路面的阻力f一定時，汽車勻速運動的速度與發動機實際功率成正比C．當汽車受到路面的阻力f一定時，汽車作勻速運動的最大速度Vm，受額定功率的制約，即滿足P額=fVmD．當汽車以恒定速度行駛時，發動機的實際功率等于額定功率6、如圖所示，O、A為某電場中一條平直電場線上的兩個點，將負點電荷從O點靜止釋放，僅在電場力作用下運動到A點，其電勢能隨位移x的變化關系如下圖所示。則電荷從O到A過程中，下列說法正確的是A．電場力做負功B．O點電勢比A點電勢高C．從O到A，電場強度先減小后增大D．從O到A的過程中，電場強度一直增大7、(本題9分)如圖所示，質量為M的楔形物體靜止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足夠長，與水平方向的夾為θ．一個質量為m的小物塊從斜面底端沿斜面向上以初速度開始運動．當小物塊沿斜面向上運動到最高點時，速度大小為v,距地面高度為h,則下列關系式中正確的是A．m=(m+M)vB．mcosθ=(m+M)vC．D．8、(本題9分)如圖所示,一根輕桿長為,輕桿的中點和右端各固定一個小球,小球的質量為,小球的質量為,輕桿左端為光滑水平轉軸開始時輕桿靜止在水平位置,釋放后輕桿向下擺至豎直位置的過程中(不計一切摩擦和空氣阻力),下列說法正確的是（）A．小球的機械能減小B．合力對小球做功的功率始終為零C．輕桿對小球做的功為D．擺至豎直位置時,桿中的拉力大小為9、(本題9分)如圖所示，電梯質量為M，它的水平地板上放置一質量為m的物體，電梯在鋼索的拉力作用下由靜止開始豎直向上加速運動，當上升高度為H時，電梯的速度達到v，則在這個過程中A．電梯地板對物體的支持力做的功等于1B．電梯地板對物體的支持力所做的功等于1C．鋼索的拉力所做的功等于1D．鋼索的拉力所做的功大于110、(本題9分)將一個小球以某一初速度豎直上拋，空氣阻力與速度大小成正比，且始終小于小球的重力．從拋出到落回拋出點的全過程中，下列判斷正確的是（）A．上升經歷的時間一定小于下降經歷的時間B．小球的加速度方向不變，大小一直在減小C．小球的加速度方向不變，大小先減小后增大D．上升到最高點時，小球的速度為零，加速度也為零11、甲、乙兩物體在同一地點做自由落體運動，已知甲物體的質量是乙物體的質量的2倍，而甲距地面的高度是乙距地面高度的一半，下列說法正確的是（）A．甲乙兩物體的加速度之比為l：1B．甲乙兩物體的著地速度之比為1：C．甲乙兩物體的下落時間之比為：1D．甲乙兩物體從下落到著地的過程中的平均速度之比為1：212、(本題9分)2000年1月26日我國發射了一顆地球同步衛星，其定點位置與東經98°的經線在同一平面內，如圖所示，發射地球同步衛星時，先將衛星發射至近地圓軌道1；然后點火，使其沿橢圓軌道2運行；最后再次點火，將衛星送入同步圓軌道1．軌道1、2相切于Q點．軌道2、1相切于P點．當衛星分別在l、2、1軌道上正常運行時（）A．若設衛星在軌道1上的速率v1、衛星在軌道1上的速率v1，則v1＜v1．B．衛星要由軌道1變軌進入軌道2，需要在Q點加速C．若設衛星在軌道1上經過Q點的加速度為a1Q；衛星在軌道2上經過Q點時的加速度為a2Q，則a1Q=a2Q．D．衛星要由軌道2變軌進入軌道1，需要在P點減速二．填空題(每小題6分，共18分)13、某實驗小組為了驗證“合力做功與動能變化的關系”，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置。(已知圖中力傳感器能顯示該處所受拉力大小)。(1)關于該實驗，下列說法近確的是____________A該實驗不需要平衡摩擦力B．準備器材時，可不滿足砂和小砂桶的總質量遠小于滑塊的質量C．實驗時應使細線與長木板平行(2)讓小砂桶帶動滑塊做加速運動，用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距L和打這兩點時滑塊的速度大小v1與v2(v1<v2)。細線的拉力F由安裝在滑塊上的力傳感器測出，為了驗證合力做功與動能變化的關系，還需測量的物理量為_________；則本實驗最終要驗證的數學表達式為_________________(用題中所給的字母和需測量的物理量的字母表示)。14、(本題9分)某同學利用打點計時器和氣墊導軌做“驗證動量守恒定律”的實驗。氣墊導軌裝置如圖所示，所用的氣墊導軌裝置由導軌、滑塊、彈射架等組成。在空腔導軌的兩個工作面上均勻分布著一定數量的小孔，向導軌空腔內不斷通入壓縮空氣，空氣會從小孔中噴出，使滑塊穩定地漂浮在導軌上，這樣就大大減小了因滑塊和導軌之間的摩擦而引起的誤差。則：（1）下面是實驗的主要步驟：①安裝好氣墊導軌，調節氣墊導軌的調節旋鈕，使導軌水平；②向氣墊導軌通入壓縮空氣；③把打點計時器固定在緊靠氣墊導軌左端彈射架的外側，將紙帶穿過打點計時器與彈射架并固定在滑塊1的左端，調節打點計時器的高度，直至滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終與導軌在水平方向上；④使滑塊1擠壓導軌左端彈射架上的彈簧片；⑤把滑塊2放在氣墊導軌的中間；⑥先接通打點計時器的電源，然后放開滑塊1，讓滑塊帶動紙帶一起運動；⑦取下紙帶，重復步驟④⑤⑥，選出理想的紙帶如圖所示；⑧測得滑塊1的質量為310g，滑塊2（包括橡皮泥）的質量為205g。（2）由于打點計時器每隔0.02s打一個點，那么，兩滑塊相互作用以前滑塊1的速度v＝_____m/s。系統的總動量為_____kg?m/s；兩滑塊相互作用以后系統的總動量為_____kg?m/s（結果保留三位有效數字）。（3）試說明（2）中兩結果不完全相等的主要原因是_____。15、(本題9分)如下圖所示，某同學用圖甲所示的裝置進行“探究功與物體速度變化的關系”實驗，得到圖乙所示的紙帶;在本實驗中是通過____________來改變拉力做功的數值(選填“改變橡皮筋的條數”或“改變橡皮筋的長度”)，通過測量________兩點間的距離計算小車獲得的速度(選填“A、B”或B、C”)．本實驗是否需要平衡木板的摩擦力?答：_________(選填“是”或“否”)三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)小明課外研究性小組自制一枚火箭，火箭從地面發射后，始終在垂直于地面的方向上運動，火箭點火后可認為做勻加速直線運動，經過4s到達離地面40m高處時燃料恰好用完，若不計空氣阻力，取g＝10m/s2，求：火箭離地面的最大高度和從發射到殘骸落回地面過程的總時間。17、（10分）(本題9分)把質量為0.5kg的石塊從10m高處斜向上拋出，初速度是=5m/s，不計空氣阻力，求:(1)石塊下落過程中重力所做的功？(2)石塊落地時的速度大小是多大？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】兩個點電荷在O點產生的場強大小都為兩個場強的方向互成120°，根據平行四邊形定則，合場強大小為：，方向水平向右．所以放一個電荷在O點產生的場強大小為，方向水平向左，所以該電荷若在C點，為-q，若在D點，為+q，故D正確，ABC錯誤．2、B【解析】根據動能表達式有：EK=mv2=×1×102J=50J，故B正確，ACD錯誤；故選B．3、C【解析】開普勒在第谷觀測數據的基礎上，總結出了行星運動的規律，選項A錯誤；牛頓發現了萬有引力定律，卡文迪許第一次在實驗室里通過實驗測出了引力常量，選項B錯誤，C正確；庫倫總結了電荷之間作用力的規律，法拉第提出“場”的概念，選項D錯誤；故選C.4、D【解析】

A．勻速圓周運動線速度大小不變，方向時刻變化，故A錯誤；B．勻速圓周運動向心加速度一直沿半徑指向圓心，方向時刻變化，故B錯誤；C．摩天輪轉動時有沿半徑方向的加速度，所以游客不是處于平衡狀態，故C錯誤；D．游客經過最低點時，加速度向上，所以處于超重狀態，故D正確；5、D【解析】

功率不變，根據P=Fv，判斷牽引力的大小與速度大小的關系；根據p=Fv可知汽車牽引力等于阻力時，車速最大；根據P=Fv，判斷牽引力的變化，根據牛頓第二定律判斷加速度的變化。【詳解】A項：根據P=Fv，汽車發動機功率一定時，牽引力的大小一定與速度大小成反比，故A正確；B項：當汽車受到路面的阻力f一定時，由P=Fv=fV可知，汽車勻速運動的速度與發動機實際功率成正比，故B正確；C項：根據p=Fv可知，v=PD項：汽車以恒定速度行駛時，發動機的實際功率不一定等于額定功率，可以小于額定功率，故D錯誤。本題選錯誤的，故選：D。【點睛】解決本題的關鍵掌握功率與牽引力的關系，注意理解控制變量法在功率問題中的應用。6、C【解析】

A．由圖知負電荷從O到A過程中，電勢能減小，電場力做正功．故A項錯誤．B．由圖知負電荷從O到A過程中，電勢能減小；據知，電勢增大，則O點電勢比A點電勢低．故B項錯誤．CD．據可知，圖象切線斜率大小反映場強的強弱，則從O到A，電場強度先減小后增大．故C項正確，D項錯誤．7、BC【解析】

AB．小物塊上升到最高點時速度與楔形物體的速度相同，均為v．系統水平方向不受外力，水平方向動量守恒．以水平向右為正方向，由水平方向系統動量守恒得：故A錯誤，B正確；

CD．系統的機械能守恒，由機械能守恒定律得：故C正確，D錯誤．故選BC.點睛：本題主要考查了動量守恒定律和機械能守恒定律的直接應用，要知道小物塊上升到最高點時，豎直方向速度為零，系統水平方向動量守恒，但總動量不守恒．8、AC【解析】對AB整體來說，整體受力中只有重力做功，故機械能守恒；由于桿的作用，兩球應具有相同的角速度，設A到達底端的速度為v，則由v=rω可知，vB=2vA=2v；根據機械能守恒定律得，mg?L+2mg?2L=mv2+?2m（2v）2，解得；如果沒有B球，則A的速度應為；故說明由于AB間桿的作用，A球的機械能將減小，B球機械能增大；故桿對B做正功，則；解得W桿=，選項AC正確；小球B做速度增加的圓周運動，則合力的方向不是指向圓心，即合力方向不與速度垂直，即合力的功率不等于零，選項B錯誤；擺至豎直位置時：對A：；對球B：；解得，選項D錯誤；故選AC．點睛：本題關鍵是知道兩物體系統的機械能守恒，單個物體的機械能是不守恒的；要注意桿和繩的區別，由于桿的彈力可以沿不同方向，故桿可以對AB做功．9、BD【解析】試題分析：對物體運用動能定理求解支持力做功．對電梯和物體整體運用動能定理求解拉力做功．根據動能定理求解合力對電梯做的功．由動能定理得：對物體WN-mgH=12mv210、AB【解析】試題分析：上升過程阻力向下，下降過程阻力向上，根據牛頓第二定律比較加速度大小，然后結合運動學公式分析比較．無論上升還是下降，合力始終向下，上升過程，v減小因此a減小；

下降過，v增大因此a減小，即小球的加速度一直減小，故B正確C錯誤；上升的過程中的加速度的大小為：，下降的過程中的加速度：，可知上升的加速度大于下降過程中的加速度，由將向上的過程看作逆過程為向下的勻加速直線運動，根據可知，上升經歷的時間一定小于下降經歷的時間，故A正確；最高點處速度為零，小球仍然受到重力的作用，加速度為g，故D錯誤；【點睛】注意上升和下降過程中阻力的方向不同11、AB【解析】

A.甲、乙兩物體做自由落體運動，加速度都為重力加速度，相同，故A項符合題意.B.根據v2＝2gh，末速度為v，故甲乙兩物體的著地速度之比為1：，故B項符合題意.C.根據hgt2,得t，故甲乙兩物體的下落時間之比為1：，故C項不合題意.D.都做自由落體運動，則平均速度都是末速度的一半，甲乙兩物體的著地速度之比為1：，所以兩物體從下落到著地的過程中的平均速度之比也是1：，故D項不合題意.12、BC【解析】

A.衛星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力，則有：得軌道1的半徑比軌道1的半徑大，則v1>v1，故A錯誤；B.衛星要由軌道1上的Q點變軌到軌道2，要做離心運動，故需要在Q點加速，故B正確；C.根據牛頓第二定律得：，得同一點r相同，則，故C正確；D.由軌道2變軌進入軌道1需要加速，使衛星做離心運動。故D錯誤；二．填空題(每小題6分，共18分)13、BC滑塊和力傳感器的總質量m【解析】

（1）[1]實驗時需使得繩子的拉力等于滑塊的合外力，則實驗中需平衡摩擦力且細線和長木板平行，由于力傳感器可直接讀出繩子上的拉力，不需要保證砂和小砂桶的總質量遠小于滑塊的質量，故BC正確，A錯誤；（2）[2][3]根據動能定理可知為驗證合力做功與動能變化的關系還需測量出滑塊和力傳感器的總質量m，則表達式為：14、2.000.6200.618紙帶與限位孔的阻力【解析】

（2）滑塊1是向右運動再與滑塊2碰撞粘在一起的，所以粘前速度較大，那么碰撞前的速度v=20.0×10-2/（5×0.02）m/s=2.00m/s；系統的總動量為p＝m1v＝0.620kgm/s；與滑塊2碰撞后粘在一起速度v′=16.8×1