2024屆江西省上饒市鉛山一中、橫峰中學高二物理第一學期期中學業質量監測試題含解析

2024屆江西省上饒市鉛山一中、橫峰中學高二物理第一學期期中學業質量監測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在電梯加速上升的過程中，站在電梯里的人A．所受支持力做正功，機械能增加B．所受支持力做正功，機械能減少C．所受支持力做負功，機械能增加D．所受支持力做負功，機械能減少2、小球從地面上方某處水平拋出，拋出時的動能是7J，落地時的動能是28J，不計空氣阻力，則小球落地時速度方向和水平方向的夾角是A．30° B．37° C．45° D．60°3、兩個質量相同、所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對準圓心O沿著AO方向射入圓形勻強磁場區域，其運動軌跡如圖所示。不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A．a粒子帶正電，b粒子帶負電B．a粒子在磁場中所受洛倫茲力較大C．b粒子動能較大D．b粒子在磁場中運動時間較長4、一物體做直線運動,某時刻速度的大小為5m/s,方向向東,1s后速度的大小變為3m/s,方向向西。規定向西為正方向,在這1s內物體的平均加速度為(

)A．2m/s2B．-2m/s2C．8m/s2D．-8m/s25、如圖所示，三個電阻的阻值相同，在AB間接上電源后，三個電阻的功率之比為（）A．4∶1∶1 B．1∶4∶4C．2∶1∶1 D．1∶2∶26、兩個可視為質點物體相距為R時，其相互作用的萬有引力大小為F．若將兩個物體間的距離增大為2R，其相互作用的萬有引力大小變為：A． B． C．4F D．2F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、真空中某豎直平面內存在一水平向右的勻強電場，一質量為m的帶電小球恰好能沿圖示虛線(與水平方向成θ角)由A向B做直線運動，小球的初速度為v0，重力加速度為g，則A．小球可以帶正電B．小球向上運動過程中動能和重力勢能之和在減小C．可求出小球運動到最高點所用的時間D．不能求出小球運動到最高點電勢能的改變量8、如圖所示，豎直平面內有一固定的光滑橢圓大環，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L，勁度系數為k的輕彈簧上端固定在大環的中心0，下端連接一個質量為m、電荷量q、可視為質點的小環，小環剛好套在大環上且與大環及彈簧絕緣，整個裝置處在水平向右的勻強電場中，將小環從A點由靜止釋放，小環運動到B點的速度恰好為0，已知小環在A、B兩點時彈簧的形變量大小相等，則（）A．小環從A點運動到B點的過程中，彈簧的彈性勢能一直增大B．小環從A點運動到B點的過程中，小環的電勢能一直減小C．電場強度的大小E=D．小環在A點時受到大環對它的彈力大小F=mg+9、如圖為一種服務型機器人，其額定功率為48W，額定工作電壓為24V，機器人的鋰電池容量為20A·h。則機器人()A．額定工作電流為20AB．充滿電后最長工作時間為2hC．電池充滿電后總電量為7.2×104CD．以額定電流工作時每秒消耗能量為48J10、如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V、內阻為2Ω，R是阻值為8Ω的定值電阻，A是理想電流表，L是小燈泡，小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．閉合開關S，電路穩定后，A表的示數為0.2A．下列說法正確的是A．由圖乙可知，小燈泡的電阻隨電壓升高而增大B．電路穩定后，電源內部發熱消耗的功率是0.4WC．電路穩定后，燈泡L消耗的電功率為1.0WD．電路穩定后，電源的效率約為87%三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測電阻時，如待測電阻Rx約為150Ω，電壓表內阻約為5kΩ，電流表內阻約為20Ω，應該用圖中的_____電路（填①或②）來測量可以盡量減小誤差．當用電路圖1進行測量時，測量值將比真實值偏_____；當用圖2進行測量時測量值比真實值偏___（填大或小）．以上的測量誤差屬于____（偶然，系統）誤差．12．（12分）某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω），為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A．電流表A1（量程300mA，內阻約1Ω）B．電流表A2（量程0.6A，內阻約0.3Ω）C．電壓表V1（量程3.0V，內阻約3kΩ）D．電壓表V2（量程5.0V，內阻約5kΩ）E.滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）F.滑動變阻器R2（最大阻值為1kΩ）G.電源E（電動勢4V，內阻可忽略）H.電鍵、導線若干（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_____，電壓表_____，滑動變阻器_____．（2）畫出該實驗電路圖_____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源是用過一段時間的串聯電池組，已知電池組電動勢E=8V，R1=2R2，r=1.5R，理想電壓表的讀數為2V，理想電流表的讀數為0.2A。求電源內阻r和電阻R的阻值。14．（16分）如圖所示，一根長為L=0.2m的直導線放在水平方向的勻強磁場中，導線水平且與磁場方向垂直，導線中通有向右的電流．①請判斷導線所受安培力的方向是豎直向上還是豎直向下；②若勻強磁場的磁感應強度的大小B=0.5T，導線中的電流I=1.5A，試計算導線所受安培力的大小；③將該通電導線旋轉到與磁感線平行的位置，此時導線是否受安培力？15．（12分）當汽車通過拱橋頂點的速度為10m/s時，拱橋的圓弧半經為50米，求汽車對拱橋壓力的大小和方向？（汽車的質量m=200kg,g取10）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】由于人加速上升，合力向上，所以支持力要大于人的重力，支持力的方向與人的位移的方向相同，所以支持力對人做了正功，人的機械能增加，所以BCD錯誤，A正確．故選A．點睛：本題考查了機械能守恒的條件，當除重力和彈力外的其它力對物體做正功時，物體的機械能就要增加，做負功時，物體的機械能就要減小．2、D【解題分析】試題分析：我們設小球做平v拋運動的初速度為，小球落地速度為v，小球落地時速度方向和水平方向的夾角為a，由幾何知識我們得，故選D考點：考查平拋運動點評：難度較小，明確兩個分運動的運動性質3、C【解題分析】

A．粒子向右運動，根據左手定則，b向上偏轉，應當帶正電；a向下偏轉，應當帶負電，故A錯誤。BC．洛倫茲力提供向心力，即：，得：，故半徑較大的b粒子速度大，動能也大。由公式f=qvB，故速度大的b受洛倫茲力較大。故B錯誤，C正確。D．磁場中偏轉角大的運動的時間也長；a粒子的偏轉角大，因此運動的時間就長。故D錯誤。4、C【解題分析】

規定向西為正方向，則物體的平均加速度為a=v-v【題目點撥】本題考查速度、加速度的矢量性．對于一條直線上的矢量運算，要注意選取正方向，將矢量運算轉化為代數運算．5、A【解題分析】

設通過R1的電流為I，由于三個電阻的阻值相同，故通過R2，R3兩位兩個電阻的電流均為，故三個電阻的電功率之比為：故選A。6、B【解題分析】

根據萬有引力定律公式知，兩物體間的距離增大為原來的2倍，則萬有引力變為原來的，即為，故B正確，ACD錯誤；故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

A．小球做直線運動的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上，小球受到豎直向下的重力，只有小球受到水平向左的電場力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條直線上，由此可知小球所受的電場力的方向與場強方向相反，則小球必帶負電，故A錯誤；B．小球向上運動過程中只有重力和電場力做功，則小球的動能、重力勢能和電勢能之和守恒，因從A到B電場力做負功，電勢能增加，則動能和重力勢能之和在減小，選項B正確；C．小球的加速度滿足：且由可求解小球運動到最高點所用的時間，選項C正確；D．由選項B的分析可知，可求得到達最高點時機械能的減小量為其中則可求出小球運動到最高點電勢能的增加量也為?E，選項D錯誤；故選BC.8、BCD【解題分析】

已知小環在A、B兩點時彈簧的形變量大小相等。故小環在A點時彈簧壓縮量為12L，在B點時彈簧伸長12L，小環從A點運動到B點的過程中，彈簧的形變量先減小后變大，則彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；小環從A點運動到B點的過程中，小環沿電場線方向水平運動2L，故小環的電勢能一直減小，故B正確；整個過程由能量守恒定律得，Eq?2L=mgL，得E=mg2q，故C正確；小環在A點時，彈簧壓縮12L，受到大環對它的彈力為mg+129、CD【解題分析】

A.根據P=UI可知，額定電流應該為故A錯誤。B.機器人的鋰電池容量為20A?h，即當額定電流2A下工作時，能夠工作最長時間為10h，故B錯誤。C.電源充滿電后的總電量為q=It=20×3600C=7.2×104C故C正確。D.在額定電流下，機器人功率48W，即每秒消耗48J電能，故D正確。10、AD【解題分析】

因I-U圖像的斜率等于電阻的倒數，可知由圖乙可知，小燈泡的電阻隨電壓升高而增大，選項A正確；電路穩定后，電源內部發熱消耗的功率I2r=0.22×2W=0.08W，選項B錯誤；電路穩定后，燈泡兩端的電壓為UL=E-I(r+R)=3-0.2(2+8)=1V，則燈泡L消耗的電功率為PL=IU=0.2×1W=0.2W，選項C錯誤；電路穩定后，電源的效率約為，選項D正確；故選AD.【題目點撥】本題主要考查了閉合電路歐姆定律、串并聯電路的特點的直接應用，要求同學們能正確分析燈泡的伏安特性曲線，能根據圖象讀出有效信息．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①小大系統【解題分析】

待測電阻與電流表內阻相當，滿足，屬于小電阻，采用電流表的外接法測量誤差較小，測量誤差偏小故選圖①電路;而，測量值比真實值偏小；圖②為電流表的內接法，，測量誤差偏大；以上測量誤差是電壓表分流和電流表分壓造成的，屬于系統誤差.【題目點撥】解決本題的關鍵知道電流表的內外接引起的誤差屬于系統誤差，掌握口訣“小外偏小,大內偏大”．12、ACE【解題分析】

（1）根據待測電阻的阻值和額定電壓比較容易的選擇電流表和電壓表，滑動變阻器采用分壓式接法，可測量多組數值；（2）由待測電阻的大小選擇安培表的外接法測量誤差較小．【題目詳解】（1）[1][2][3]．由于待測電阻額定電壓為3V而電阻約為10Ω，則待測電阻額定電流約為0.3A，所以電流表選擇量程為300mA的電流表A，電壓表選擇量程為3.0V的電壓表C，為了測量精確需要多測量幾組，所以滑動變阻器需要采用分壓式接法，故用電阻較小的E；（2）[4]．滑動變阻器用分壓式，由于待測電阻（阻值大約為10Ω）遠小于伏特表內阻(內阻約3kΩ)，所以電流表采用外接法，實驗電路如下圖：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、r=6，R=4【解題分析】

由題設知，U1=2V，I1=0.2A，由部分電路的歐姆定律有AI=I1+I2=0.6A由全電路的歐姆定律有E=U+IR+Ir=U+2.5IR聯立可得R=4，r=1.5