2022-2023學年四川省宜賓縣白花中學高一物理第二學期期中復習檢測試題含解析

2022-2023學年四川省宜賓縣白花中學高一物理第二學期期中復習檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖，在滅火搶險的過程中，消防隊員有時要借助消防車上的梯子爬到高處進行救人或滅火作業．為了節省救援時間，人沿梯子勻加速向上運動的同時消防車勻速后退，則關于消防隊員的運動，下列說法中正確的是（）A．消防隊員做勻加速直線運動B．消防隊員做勻變速曲線運動C．消防隊員做變加速曲線運動D．消防隊員水平方向的速度保持不變2、兩個大小分別為7N、4N的共點力，它們合力的大小不可能的選項是A．1N B．10N C．8N D．6N3、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關系圖象，下列不正確的是（）A．電源的電動勢為6.0VB．電源的內阻為2ΩC．電源的短路電流為0.5AD．電流為0.3A時的外電阻是18Ω4、如圖所示，地面上豎直放一根輕彈簧，其下端和地面固定連接，一物體從彈簧正上方距彈簧一定高度處自由下落，則（）A．物體和彈簧接觸時，物體的動能最大B．物體在擠壓彈簧階段，物體動能和彈簧彈性勢能之和不斷增加C．物體在擠壓彈簧階段，物體的動能和彈性勢能的之先增加后減少D．物體在反彈階段動能一直增加，直到物體脫離彈簧為止5、一圓盤可以繞其豎直軸在水平面內轉動，圓盤半徑為R，甲、乙物體質量分別為M和m(M>m)，它們與圓盤之間的最大靜摩擦力均為正壓力的μ倍，兩物體用一根長為L(L<R)的輕繩連在一起．如圖所示，若將甲物體放在轉軸的位置上，甲、乙之間連線剛好沿半徑方向被拉直，要使兩物體與圓盤不發生相對滑動，則轉盤旋轉的角速度最大不得超過(兩物體均看做質點)A． B．C． D．6、如圖所示，重10N的滑塊在傾角為30°的斜面上，從a點由靜止開始下滑，到b點開始壓縮輕彈簧，到c點時達到最大速度，到d點（圖中未畫出）開始彈回，返回b點離開彈簧，恰能再回到a點，若bc=0.1m，彈簧彈性勢能的最大值為8J，則下列說法正確的是（）A．輕彈簧的勁度系數是50N/mB．從d到b滑塊克服重力做功8JC．滑塊的動能最大值為8JD．從d點到c點彈簧的彈力對滑塊做功8J7、如圖所示，A、B兩球穿過光滑水平桿，兩球間用一細繩連接，當該裝置繞豎直軸OO′勻速轉動時，兩球在桿上恰好不發生滑動．若兩球質量之比mA∶mB＝3∶2，那么關于A、B兩球的下列說法中正確的是()A．A、B兩球受到的向心力之比為3∶2B．A、B兩球角速度之比為1∶1C．A、B兩球運動半徑之比為2∶3D．A、B兩球向心加速度之比為2∶38、關于曲線運動的說法，正確的是A．速率不變的曲線運動是沒有加速度的B．曲線運動一定是變速運動C．變速運動一定是曲線運動D．做曲線運動的物體一定有加速度9、如圖所示，一小球在細繩作用下在水平面向內做勻速圓周運動，小球質量為m，細繩的長度為L，細繩與豎直方向的夾角為，不計空氣阻力作用，則下列說法正確的是（）A．小球共受到兩個力的作用 B．小球的向心力大小為C．小球受到的拉力大小為 D．小球受到的拉力大小為10、在天文學中，把兩顆相距較近的恒星叫雙星，已知兩恒星的質量分別為m和M，兩星之間的距離為l，兩恒星分別圍繞共同的圓心作勻速圓周運動，如圖所示，關于雙星運動下列說法正確的是：（）A．質量大的的恒星做勻速圓周運動的向心力較大B．質量為m的恒星圓周運動的半徑是C．質量為M的恒星圓周運動的半徑是D．每一顆恒星的周期都是11、如圖所示，質量為m的小球在豎直平面內的光滑圓軌道內側做圓周運動．圓半徑為R，小球經過圓環最高點時剛好不脫離圓軌．則其通過最高點時：（）A．小球受到的重力等于向心力B．小球對圓環的壓力大小等于mgC．小球的線速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g12、物體運動的圖象如圖所示，已知在第1秒內合外力對物體做功為W，則（）A．從第1秒末到第3秒末合外力做功為4WB．從第3秒末到第5秒末合外力做功為2WC．從第5秒末到第7秒末合外力做功為WD．從第3秒末到第7秒末合外力做功為0二．填空題(每小題6分，共18分)13、實驗小組在用打點計時器測定勻變速直線運動加速度的實驗中，得到一條紙帶如圖所示，A、B、C、D、E、F、G為計數點，相鄰計數點間的時間間隔為0.1s，利用刻度尺已經測量得到x1＝1.20cm，x2＝1.60cm，x3＝1.98cm，x4＝2.38cm，x5＝2.79cm，x6＝3.18cm.(1)根據給出的實驗數據，判斷該實驗小組使用的刻度尺的最小刻度是什么？__________(2)計算運動物體在B、C、D、E、F各點的瞬時速度__________、__________、__________、__________、__________．(3)試作出v－t圖象____________，并由圖象求物體的加速度_______________________．14、在做“研究平拋物體的運動”的實驗時，通過描點法畫出小球平拋運動軌跡，并求出平拋運動初速度．實驗裝置如圖甲所示．（1）實驗時將固定有斜槽的木板放在實驗桌上，實驗前要檢查木板是否水平，請簡述你的檢查方法：____________________________________________________________________.（2）關于這個實驗，以下說法正確的是_____________A．小球釋放的初始位置越高越好B．每次小球要從同一高度由靜止釋放C．實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直D．小球的平拋運動要靠近但不接觸木板（3）如圖乙所示，是研究平拋運動規律時描繪的物體運動的軌跡，在圖上已建立了直角坐標系，原點O為平拋運動的出發點.物體做平拋運動的初速度________m/s.15、在研究影響平行板電容器電容大小的因素的實驗中，平行板電容器充電后斷開電源，用導線將平行板電容器的一板與靜電計小球相連，另一板與靜電計外殼相連．（1）此時靜電計直接測量的是（_____）A．電容CB．電荷量QC．兩板間的電勢差UD．兩板間場強E（2）下述做法可使靜電計張角減小的是（_____）A．增大兩板間距B．減小正對面積C．插入有機玻璃板D．插入金屬板三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示傾角為30°的光滑斜面上用固定的豎直擋板夾住一個質量為m的光滑球，重力加速度為g，當整個裝置沿水平面向左勻速運動距離L的過程中，求：（1）重力對球做的功；（2）豎直擋板以及斜面對球的彈力分別做的功；（3）球所受合力做的功。17、（10分）如圖所示，高為h=5m的光滑斜面AB，傾角為θ=30°，底端與水平面BD相連，經過B點時無機械能損失，在水平面末端墻上固定以輕彈簧，水平面BC段粗糙，長度為20m，動摩擦因數為μ=0.2，水平面CD段光滑，且等于彈簧原長，質量為m=1kg的物塊，由斜面頂端A點靜止下滑（），求：（1）物塊滑到B點時的速度大小；（2）物塊滑到C點時的速度大小；（3）彈簧被壓縮具有的最大彈性勢能；（4）物塊會停在距離C點多遠的地方；（5）物塊與水平面摩擦產生的熱量為多少．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

ABC．根據運動的合成，知合速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線，其加速度的方向大小不變，所以消防員做勻變速曲線運動，AC錯誤，B正確；D．將消防員的運動分解為水平方向和豎直方向，知水平方向上的速度為勻速后退的速度和沿梯子方向速度在水平方向上的分速度的合速度，因為沿梯子方向的速度在水平方向上的分速度在變，所以消防隊員水平方向的速度在變，D錯誤。故選B。2、A【解析】

兩力合成時，合力范圍為：|F1-F2|≤F合≤F1+F2，故3N≤F合≤11N故BCD三個選項在此范圍之內，A不在此范圍；故選A．3、C【解析】

A．電源的路端電壓與電流的關系為，所以U-I圖象中圖線與U軸的截距為電源電動勢E=6.0V，選項A正確；B．U-I圖象中圖線的斜率的絕對值為電源的內阻，所以有：選項B正確；C.由圖知I=0.5A時U=5.0V，此時不短路，選項C錯誤；D.由圖知電流為0.3A時，路端電壓U=5.4V，由U=IR知選項D正確。本題選不正確的，故選C。4、B【解析】試題分析：小球接觸彈簧后，受到向上的彈力和向下的重力，彈力先小于重力，后大于重力，小球先向下做加速運動，后向下做減速運動，則當彈簧彈力與重力相等時速度最大，此時彈簧處于壓縮狀態，故A錯誤；壓縮彈簧階段，小球的重力勢能一直減少，轉化為物體的動能和彈簧彈性勢能，故物體的動能和彈簧彈性勢能的和不斷增加，反彈階段，小球的重力勢能增加，則物體的動能和彈簧彈性勢能的和不斷減小，故與彈簧接觸的整個過程，物體的動能與彈簧彈性勢能之和先增加后減小，故B錯誤，C正確；物體在反彈階段，速度先增大，重力與彈簧彈力相等時速度最大，之后速度減小，故直到物體脫離彈簧時物體的動能先增加后減小，故D錯誤．考點：功能關系【名師點睛】本題中只有彈簧彈力和重力做功，故彈簧與物體組成的系統機械能守恒，知道動能、重力勢能和彈性勢能大小之前的轉化情況是關鍵．5、D【解析】

當繩子的拉力等于甲的最大靜摩擦力時，角速度達到最大，有T+μmg=mLω2T=μMg解得故選D.【點睛】解決本題的關鍵知道當角速度達到最大時，繩子的拉力等于甲的最大靜摩擦力，乙靠拉力和乙所受的最大靜摩擦力提供向心力．6、A【解析】

當滑塊的合力為0時，滑塊速度最大，即知在c點時滑塊的速度最大，此瞬間滑塊受力平衡，則有：，可得，故A正確．滑塊從d到a，運用動能定理得：WG+W彈=0-0；又W彈=Ep=8J，可得WG=-8J，即克服重力做功8J，所以從d到b滑塊克服重力做功小于8J．故B錯誤．滑塊從a到c，由系統的機械能守恒知：滑塊的動能增加量與重力勢能增加量之和等于彈簧彈性勢能的減小量8J，所以滑塊的動能最大值小于8J．故C錯誤．彈簧彈性勢能的最大值為8J，根據功能關系知從d點到b點彈簧的彈力對滑塊做功為8J．從d點到c點彈簧的彈力對滑塊做功小于8J．故D錯誤．故選A．【點睛】本題的關鍵是認真分析物理過程，把復雜的物理過程分成幾個小過程并且找到每個過程遵守的物理規律，列出相應的物理方程解題．同時要明確彈簧彈力做的功等于彈性勢能的變化．7、BCD【解析】由繩子的拉力提供向心力，繩子的拉力相等，所以向心力相等，向心力大小之比為1：1，故A錯誤；同軸轉動角速度相同，即A、B兩球角速度之比為1∶1；繩子的拉力提供向心力，則有：mAω2rA=mBω2rB，解得：，故BC正確；根據a=ω2r得：，故D正確；故選BCD．8、BD【解析】A項：速率不變的曲線運動，由于速度方向改變，所以也具有加速度，故A錯誤；B項：曲線運動的速度方向時刻發生改變，所以曲線運動一定是變速運動，故B正確；C項：變速運動不一定是曲線運動，如自由落體運動是勻變速直線運動，故C錯誤；D項：由于曲線運動速度一定發生改變，所以一定具有加速度，故D正確．9、AD【解析】

本題考查物體做圓周運動時的受力分析。【詳解】對小球受力分析，只收到重力mg和繩的拉力F。聯立解得，故AD正確，BC錯誤。故選AD。10、BD【解析】

雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，故兩顆星勻速圓周運動的向心力大小相等，故A錯誤；設雙星圓周運動的角速度為ω，根據萬有引力提供向心力有：；l=rm+rM；解得：，，所以B正確，C錯誤；根據萬有引力提供圓周運動向心力有：代入可得雙星運動的周期，所以D正確；故選BD。11、ACD【解析】因為小球剛好在最高點不脫離圓環，小球受到的重力mg恰好提供向心力，則軌道對球的彈力為零，所以小球對圓環的壓力為零．故A正確，B錯誤．根據牛頓第二定律得，mg=m=ma，故線速度v=，向心加速度a=g．故CD正確．故選ACD．12、CD【解析】

第內合外力對物體做功為，由動能定理可知：；

A、由圖可知，從第1秒末到第3秒末動能變化量為零，由動能定理知合外力做功為0，故A錯誤；

B、第3秒末到第5秒末速度由v變到0，由動能定理可知，合外力做功為：，故B錯誤；

C、由到第末速度與0變化到，則由動能定理可知，合外力的功，故C正確；

D、從第3秒末到第7秒末動能變化量為零，由動能定理知合外力做功為0，故D正確。二．填空題(每小題6分，共18分)13、毫米14cm/s17.9cm/s21.8cm/s25.85cm/s29.85cm/s39.6cm/s2【解析】

（1）[1]．由表格數據可知，該同學所使用的刻度尺的最小刻度是毫米；

（2）[1][2][3][4][5]．根據勻變速直線運動中一段時間內中點時刻的瞬時速度等于該過程的平均速度，則得各點的瞬時速度分別為：（3）[6]．在圖乙中，運用描點法作出v-t圖象

[7]．根據速度-時間圖象解出斜率即為物體的加速度．點睛：本題要理解并掌握測量速度和加速度的原理，提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用．14、將小球放在槽的末端(或木板上)看小球能否靜止(或用水平儀檢查木板是否水平)BCD1【解析】試題分析：實驗時，要保證小球每次做平拋運動的初速度相等，應從同一高度由靜止釋放小球，木板應在豎直平面內，運動過程中，小球不能與木板接觸；平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，在水平方向上做勻速直線運動，列式求解初速度的表達式，將坐標代入解得．（1）檢查斜槽末端是否水平的方法是：將小球無初速放在斜槽的末端，看其是否保持靜止狀態．（2）小球從適當高度釋放即可，釋放小球的初始位置太高，需要的木板越寬，不利于實驗，A錯誤；要保證小球初速度相等，每次小球要從同一高度由靜止釋放，B正確；小球在一豎直面內做平拋運動，實驗前要用重錘線檢查平板是否豎直，