2026年河北物理卷高考真題（含答案）（網絡參考）

（網絡收集）2026年河北物理卷高考真題帶答案帶解析文字版一、單項選擇題:本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.某同學健身時，啞鈴被舉高0.5m后再回到原位置，如圖所示。如此重復10次，啞鈴的位移大小為()A.0B.5mC.10mD.11m【答案】A【解析】本題考查位移與路程(運動學基本概念)。核心定義:位移是初位置指向末位置的有向線段，只看初、末位置，與運動軌跡無關；路程是物體實際走過軌跡的總長度。過程分析:啞鈴單次舉高再下落，回到初始位置，單次位移為0；重復10次后，最終停在最初起點，總初末位置重合，總位移大小為0。A正確。故選:A2.河北雄安新區融合靜電探測技術構建起“天空之網”，實現了對低空飛行器的全天候實時監測。當飛行器靠近時，固定在地面上的靜電探測器探頭感應出了正電荷，在感應電荷產生的靜電場中，電場線()A.是閉合曲線B.從感應正電荷出發C.在無電荷區域相交D.終止于感應正電荷【答案】B【解析】本題考查靜電場電場線的基本性質靜電場電場線三大核心規律:①靜電場電場線永不閉合(變化磁場產生的渦旋電場才是閉合曲線)；②電場線起始于正電荷/無窮遠，終止于負電荷/無窮遠；③任意兩條電場線不能相交，相交處電場同時存在兩個方向，違背電場唯一性。靜電場電場線不閉合，A錯誤；感應正電荷屬于場源正電荷，電場線從正電荷向外出發，B正確；無電荷區域電場線不可能相交，C錯誤；正電荷的電場線向外延伸，不會終止在正電荷上，終止對象為負電荷，D錯誤。故選:B3.一款自動監測環境氣壓的裝置由粗細均勻、導熱良好的U形管和自動監測系統組成。如圖所示，豎直放置的U形管右端開口，左側管內用水銀封閉了一定質量、可視為理想氣體的空氣。監測系統通過監測右側液面的變化，結合溫度即可得到環境氣壓。若外界溫度下降的同時環境氣壓也發生了變化，導致U形管右側液面上升，忽略水銀體積變化，則封閉氣體的A.內能增加B.壓強增大C.分子的數密度減少D.分子熱運動的平均動能不變

【答案】C

【解析】本題考查理想氣體內能、分子動理論、理想氣體狀態方程pV=nRT.

溫度與內能、平均動能:U形管導熱良好，封閉氣體溫度=外界溫度；外界降溫，氣體T減小。

理想氣體內能僅由溫度決定，T減小→內能減小，A錯誤；

分子熱運動平均動能只與熱力學溫度有關，T減小→平均動能減小，D錯誤。

液面變化與體積:右側液面上升，水銀向左移動，左側封閉氣體空間變大，氣體體積V增大。

氣體總分子數N不變，分子數密度，V變大→n減小，C正確。

氣體壓強判斷:由pV=nRT，、，n不變，因此封閉氣體壓強p一定減小，B錯誤。

故選:C

4.我國科技愛好者復原了春秋戰國時期帶有刃車曹(wei)的馬車，并對其性能進行了測試。在時間內，若馬車以恒定功率在水平路面上沿直線運動。速度從加速到，假定馬車所受阻力不變。則馬車運動的v-t圖像可能是()A.B.C.D.【答案】C【解析】本題考查機車恒定功率啟動(功率、牽引力、牛頓第二定律)功率公式:恒定功率P=Fv；牛頓第二定律:F-f=ma，f為恒定阻力。

聯立得加速度:。

運動分析:加速過程v持續變大，加速度a不斷減小，v-t圖像斜率代表加速度，因此圖像上升且斜率越來越小;

當F=f時，a=0，速度達到最大值，圖像趨于水平。

5.如圖所示，一根粗細均勻的細金屬絲置于兩擋板之間的水平狹縫中央，其中心軸與狹縫平行，直徑小于狹縫寬度。一束平行單色光垂直擋板入射，在屏幕上形成了穩定的雙縫干涉圖樣，相鄰兩條亮條紋中心間距為。若金屬絲經加熱均勻膨脹.則A.變小

B.變大

C.雙縫間的距離減小

D.雙縫間的距離不變

【答案】A

【解析】本題考查雙縫干涉條紋間距公式

等效雙縫原理:金屬絲擋住中間光線，左右透光區域等效兩條狹縫；金屬絲受熱膨脹，自身直徑變大，左右兩條透光縫的間距d增大，A正確、C錯誤。

故選:A

6.如圖所示、在長直螺線管中間區域放置一個匝數為n、面積為S的同軸小線圈。已知、長直螺線管通電后其內部磁場處處相同，磁感應強度的大小B與螺線管中的電流I成正比，即。在一段時間內，若電流隨時間的變化關系滿足(為常量)，由理想電壓表測出小線圈的感應電動勢為E，則可以表示為()A.B.C.D.

【答案】D

【解析】本題考查法拉第電磁感應定律、螺線管磁場

由題中條件，和可知，

小線圈的磁通量:;

根據法拉第電磁感應定律產生感應電動勢:，所以，D正確.故選D.

7.為清除太空碎片對航天器的潛在威脅，某興趣小組提出一種設想。如圖所示，一質量為m的太空碎片繞地球做半徑為r的勻速圓周運動。在Q點受到一個與其速度方向垂直且背離地心向外的瞬時沖量I作用，變軌到圖中的橢圓軌道，最終進入大氣層而燒毀，設地球質量為M，引力常量為G，則該太空碎片受到沖量作用后瞬間的動能為A.

B.

C.

D.

【答案】B

【解析】本題考查了萬有引力定律、勻速圓周運動向心力公式、動量定理等

碎片繞地球做半徑為r的勻速圓周運動，萬有引力提供向心力：

整理得線速度大小：

圓周運動時沿切線方向的動能：。

瞬時沖量I沿背離地心向外、與切線速度垂直，由動量定理，可得徑向速度：

該徑向分速度對應的動能：。

切線速度與徑向速度相互垂直，總動能為兩個垂直方向動能直接相加(動能為標量)：

圓周運動初始動能計算錯誤，誤寫為，A錯誤；

額外多出交叉項，垂直分速度動能無耦合疊加，屬于概念錯誤，C排除；

同樣錯誤引入交叉耦合項，不符合標量動能疊加規則，D錯誤。故選:B

二、多項選擇題:本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.圖1為一種等離子體工作電路，理想變壓器原線圈兩端接電壓為U的正弦交流電源，原、副線、，R為保護電阻。穩定工作時交流電流表的讀數為I，若等離子體可等效為定值電阻，其兩端的正弦交流電壓波形如圖2所示。為電壓峰值、T為周期，則下列說法正確的是A.副線圈電壓為B.原線圈中電流為

C.電源電壓周期為D.等離子體的等效電阻為

【答案】AD

【解析】本題考查了理想變壓器工作原理、正弦式交變電流有效值、交變電流周期規律、歐姆定律

理想變壓器電壓比公式：，原線圈電壓，理論上副線圈感應電動勢，A正確。

理想變壓器電流滿足，副線圈電流，變形得原線圈電流：，而非，匝數比例關系顛倒，因此B錯誤。

變壓器僅改變交變電流的電壓、電流大小，不會改變交變電流的周期與頻率，副線圈電壓周期為T，則原線圈電源電壓周期也為T，不存在匝數比例縮放周期的規律，因此C錯誤。

等離子體兩端為完整正弦交流電，正弦交流電有效值與峰值關系：。

副線圈回路串聯，流過等離子體的電流等于電流表讀數I，由歐姆定律：因此D正確。

故選：AD9.某千斤頂的結構如圖所示，四根等長桿由鉸鏈相連。搖動手柄豎直抬升重物過程中，A、C兩點的間距每秒均勻縮短2mm，當∠CAB=45℃時，下列說法正確的是A.A與C兩點速度大小相等，方向相反

B.B點速度方向豎直向上，大小為2mm/s

C.C點速度方向沿CB向上，大小為1mm/s

D.A點相對C點的速度沿水平方向，大小為2mm/s

【答案】BD

【解析】本題考查運動的合成與分解(關聯速度模型)

核心規律:同一根剛性桿上所有點，沿桿方向分速度大小相等。

兩點沿桿分速度相等，但實際合速度大小不同，速度方向不相反；A錯誤;

設C點水平向左速度大小為，將C點速度沿桿CB、垂直桿CB分解：

垂直于桿分量:

設頂端B點豎直向上速度為，將B點速度沿桿CB、垂直桿CB分解：

沿桿分量:

如圖所示，則有A、C兩點的間距每秒均勻縮短2mm，則

可以求出點速度方向豎直向上，大小為2mm/s，B正確。

C點實際運動方向為水平向左，并非沿CB桿向上；C點速度是水平速度，沿CB桿僅為分速度，合速度方向水平，因此方向描述錯誤。C錯誤。

A點固定，對地速度；C點對地水平向左速度大小，AC縮短量為C相對A的水平位移。

相對速度定義：，矢量上：A對地速度為0，C水平向左，等價于A相對C水平向右，相對速度沿水平方向，相對位移大小等于AC縮短量2mm，相對速度大小對應水平方向差值，大小為2mm/s(位移大小匹配速率)。

幾何上兩點僅水平分離距離變化，豎直無相對位移，相對速度嚴格沿水平方向，大小為2mm/s。D正確。

故選:BD

10.如圖所示，兩平行光滑金屬導軌固定在絕緣水平面上，間距為L，電阻不計，左端接有輸出電流大小恒為I的恒流源、電流方向如圖。導軌間分布著兩個緊鄰的正方形磁場區域、寬度均為L、左側磁場方向豎直向下，右側場方向豎直向上，以導軌上兩磁場交界處的O點為坐標原點，沿導軌方向建立x標軸，兩磁場的磁感應強度大小B僅隨坐標x變化，且滿足式中為已知常量。t=0時，一根質量

為m導軌間電阻為R的導體棒以初速度從x=0處向右運動;t=時，導體棒第一次到達處。且速度為0，整個運動過程中導體棒始終與導軌接觸良好且垂直，不計空氣阻力，忽略磁場的邊界效應及電流對磁場的影響，下列說法正確的是A.導體棒做簡諧運動

B.初速度

C.若初速度變為，則導體棒的速度第一次變為0所需時間為

D.若初速度變為，則導體棒將以兩磁場交界線為中心做往復運動

【答案】AB

【解析】A選項：根據B=做出圖像如圖所示xxBOL-LB02B0根據題意知，在區域，導體棒所受安安培力大小根據左手定則可知安培力方向始終指向處，假設，故導體棒所受外力滿足同理，導體棒在區域也滿足則導體棒在區域做簡諧運動，故A正確；B選項：導體棒到過程，因為磁感應強度隨x變化是均勻變化的，所以安培力也是隨x變化而均勻變化的，求安培力做功需使用平均力做功，根據動能定理其中聯立可得v0=，故B正確；C選項：原運動：，位移恰好，受力，屬于變加速直線運動，加速度，加速度隨位移線性增大，不是勻變速；若初速度減半，由動能定理，最大減速位移，停止位置在之間；簡諧運動才有周期比例關系，本題僅段近似線性回復，但加速度，運動周期與振幅無關是簡諧運動專屬結論，本題并非完整簡諧運動，時間不會滿足比例；本質：加速度隨位移增大而變大，低速下平均加速度更小，減速時間不等于比例縮放，C錯誤。D選項：初速度1.5v0，動能大于v0對應的動能，導體棒會越過，進入區間；該區間，安培力依然向左阻力，但回復力不再是線性關系；若運動到會脫離磁場，不受安培力勻速運動，無法以點為中心往復；即使未脫離磁場，左右磁場方向相反、安培力分段函數不對稱，無法穩定以交界線往復，D錯誤。故選：AB三、非選擇題:本題共5題，共54分。11.(1)某同學用彈簧測力計探究作用力和反作用力的關系。將甲、乙兩測力計水平連接在一起，測力計甲的左側固定，用手向右緩慢拉測力計乙，拉至某位置時兩測力計示數如圖1所示。①測力計乙的讀數是_____N。②實驗中發現兩測力計示數總是明顯不同、原因可能是_____。(單選)A.兩測力計的量程不同B.兩測力計彈簧的材質不同C.使用測力計前未正確調零(2)圖2為探究電容器充、放電實驗的電路圖，實驗選用內阻為幾千歐姆的電壓表和內阻很小且零刻度的電流表，①實驗時將開關S接1端，可觀察到電流表指針_____(填字母，“A.迅速偏轉到某位置后穩定不動”或“B.迅速偏轉到某位置后往回偏轉”)，同時電壓表指針偏轉到某位置后穩定不動。②現將S與1端斷開，但尚未與2端連接，此時發現電壓表的指針逐漸向零刻度偏轉。經檢查器材完好，線路連接正確，出現此現象的原因可能是_____。【答案】(1)①3.0N②C(2)①B②原來電容器充電后，電容器兩板間帶電，電壓表有讀數，將S與1端斷開，但尚未與2端連接，電壓表是非理想電壓表，其內電阻很大，與電容器構成閉合電路，電容器放電完畢后，兩極板不帶電，電容器板件電壓為0，所以電壓表指針向0刻度線偏轉?！窘馕觥?1)①讀數結果為3.0N②僅當未調零兩測力計示數不同，C正確；(2)①當電鍵S接1時，電流表有向右方向的電流，但電路中僅有電容器，當電容器充滿電后，電流等于零，所以B正確；②因為原來電容器充電后，電容器兩板間帶電，電壓表有讀數，將S與1端斷開，但尚未與2端連接，電壓表是非理想電壓表，其內電阻很大，與電容器構成閉合電路，電容器放電完畢后，兩極板不帶電，電容器板件電壓為0，所以電壓表指針向0刻度線偏轉。12.問題探究某學生興趣小組通過查閱資料了解到，利用電磁閥控制壓縮空氣驅動活塞運動可實現公交車門開合，遂以“電控氣動技術的原理探索與應用”為主題開展探究式學習。（1）分析電控氣動門工作原理圖1是電控氣動系統開門過程的簡化圖。電磁閥中的固定鐵芯與線圈組成電磁鐵，當開關閉合時，銜鐵在電磁鐵的吸引下帶動三個閥芯一起向左運動，復位彈簧被壓縮，儲氣罐內壓縮空氣經氣孔B進入汽缸右側氣室。推動汽缸內活塞向_____（填“左”或“右”）運動，車門打開。同時，汽缸左側氣室中的氣體從氣孔______（填“S”或“R”）排出。當斷開時，復位彈簧推動銜鐵和閥芯向右運動，壓縮空氣推動活塞，車門關閉。（2）探究復位彈簧的受力情況①同學們測量了復位彈簧在彈性限度內受到的作用力F與形變量x的數據，并標在了坐標紙上，如圖2所示。請在答題卡上繪制出該彈簧的F-x圖像。②根據繪制的F-x圖像，得到該彈簧的勁度系數k=______N/mm(保留兩位有效數字)。同學們據此估算出電磁閥中電磁鐵對閥芯的作用力僅有幾牛頓，而資料顯示：公交車實現車門開合所需的作用力高達上千牛頓。系統利用電控氣動技術實現了“四兩撥千斤”的效果。（3）電控氣動技術的應用設計受此啟發，同學們設計了一款溫室自動開窗器，電路如圖3所示?？刂齐娐钒宓某绦蚰軌驅崿F溫度高于35℃時自動閉合開關，溫度低于25℃時自動斷開。電磁閥線圈工作電壓為24V，而控制電路板的工作電壓（5V）和電流較小，需配置電磁繼電器作為控制開關，請在答題卡相應圖上連線，完成電路、實現如下效果：閉合時，電磁閥中的電磁鐵吸引銜鐵左移，窗戶打開；斷開時，電磁閥中的銜鐵右移，窗戶關閉?！敬鸢浮?1)左R(2)0.23N/mm(3)【解析】（1）根據圖1分析原理：包括以下幾個過程

①電磁吸合階段

開關閉合，線圈通電，固定鐵芯磁化形成電磁鐵，吸引銜鐵向左移動，帶動三個閥芯整體左移，復位彈簧被壓縮。

②氣路導通變化

儲氣罐壓縮空氣經氣孔P、B進入汽缸右側氣室，右側氣壓升高，氣壓差推動活塞向左滑動，頂桿隨活塞左移，車門打開。

③左側氣體排放

活塞左移時，汽缸左側氣室容積減小，內部氣體受壓，經氣孔A、R向外排出，因此排氣孔為R：此時氣孔S被閥芯封堵，無法通氣。

④關門過程，開關斷開，磁吸力消失斷開，線圈斷電，電磁鐵磁性消失，壓縮的復位彈簧彈力推動銜鐵、閥芯整體向右復位。

⑤氣路換向

儲氣罐壓縮空氣經P、A進入汽缸左側氣室，左側氣壓升高推動活塞向右運動：汽缸右側氣體經B、S排出，活塞右移帶動頂桿復位，車門關閉。

（2）遵循胡克定律F=kx，F-x為過原點傾斜直線：

用直尺畫一條擬合直線，讓絕大多數數據點均勻分布在直線兩側，偏離較遠的個別點舍棄，保證整體最優擬合；直線必須盡量靠近坐標原點，彈性限度內彈簧彈力與形變量成正比。

胡克定律：，F-x圖像斜率等于勁度系數。

取值參考：取直線上兩個清晰點，例如：起點近似(0,0)，終點取(12mm,2.7N)

若選取(10mm,2.4N)：

標準答案范圍（兩位有效數字）：均合規，最常見標準答案：0.23N/mm（3）13.下圖為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形(中間部分未畫出).此時平衡位置在的質點處于波峰。(1)寫出該波的波長，以及在10~14m范圍內的所有可能值。

(2)若平衡位置位于原點處的質點在0~1s內通過的路程為5cm，求該波的周期和波速?！敬鸢浮?1)=2m，11m，13m(2)0.8s2.5m/s【解析】(1)由題中的左圖可知波長=2m，x=xp的質點處于波峰，滿足xp=(n+)=(2n+1)m，即質點x=1m、3m、5m，???(2n+1)m處處于波峰時，在10m~14m所有可能值只有11m和13m。(2)根據圖像質點振動時振幅A=1cm，位于原點處的質點在0~1s內通過的路程為5cm，該點振動的時間，則，解得周期T=0.8s,由。14.如圖所示，質量為4kg的水板上放有一個質量為1kg的機器人，木板始終受到水平向右，大小為5N的恒力作用。初始時木板與機器人一起以1m/s的速度沿水平地面向右勻速運動。機器人正上方有一個沿豎直方向可以伸縮、水平向右速度恒為1m/s的機械夾爪。某時刻夾爪將機器人向上提起，2s后放回木板，同時夾爪縮回，機器人在摩擦力的作用下最終與木板相對靜止。g取10m/s2，機器人可視為質點，機器人被提起和放下瞬間豎直方向速度均為零。求

(1)機器人被提起的2s內，木板位移的大小。

(2)從機器人被放回木板到與木板相對靜止的過程中，摩擦力對機器人所做的功?！敬鸢浮?1)2.5m(2)0.48J

【解析】(1)初始整體勻速，合力為0:F=μ(M+m)g

解得μ===0.1

機器人提起后，木板受力：拉力F向右，地面摩擦力f=μMg向左

合外力：

木板加速度:

機器人懸空時水平不受力，始終保持勻速。

勻變速直線運動公式：

(2)由(1)可知2s時木板的速度

機器人放回瞬間速度

系統水平動量守恒(地面摩擦力遠小于板與機器人間摩擦力)

解得對機器人用動能定理，摩擦力做功等于動能變化：摩擦力對機器人所做的功為0.48J。15.圖1為某質譜儀工作原理示意圖。電離室中的氣體分子被激光照射后發生電離，其中帶正電的粒子由靜止經平行于紙面的加速電場加速后，垂直于CD邊進入梯形勻強磁場區域(磁場方向垂直紙面向外)，并從CG邊中點0平行于CD邊射出，經無場區從邊界PQ進入平行于紙面的勻強偏轉電場，最終打到接收器與紙面線MN上并被吸收、接收器可視為接地良好的金屬板。MN延長線經過O點，與CD所在直線夾角為α，α可以通過MN繞O點在紙面內的轉動進行調整，調整前后PQ與MN始終平行且間距為0.3m不變。CG邊長0.2m，與底邊HG夾角為60°，磁感應強度大小為0.4T.偏轉電場的電場強度大小為，方向始終直于PQ。整個過程只考慮一種粒子，加速電場的電壓恒定，MN與PQ足夠長.裝置處于真空環境，忽略粒子相互作用、不計重力。(1)已知激光波長為442nm，求該激光一個光子的能量E。(普朗克常亮，真空中光速)

(2)調整α，得到從粒子離開加速電場到粒子到達接收器所經歷的時間t與α的關系如圖2所示，求加速電場的加速電壓U以及粒子比荷K。

(3)質譜儀穩定工作時，測得接收器每秒接收的粒子數為n，若再測一個除電荷量和質量以外的物理量，便可以在第(2)問的基礎上得到粒子的質量。請寫出該物理量，并推導粒子質量表達式(所有物理量均用字母表示)。【答案】(1)(2)(3)m=，接收器的穩定電流I(回路中飽和電流)或